仙人掌计数
求 (n) 个点有标号仙人掌的个数。答案对 (998244353) 取模。
(n leq 10^5)。
题解
https://www.luogu.com.cn/blog/NaCly-Fish-blog/solution-p5434
我们随便钦定一个点作为根，设仙人掌数量的EGF为 (F(x))。(虽然题目中要求是无根的，但是最后答案就差一个(frac1n)而已，乘上就好了)
考虑一坨东西与根相邻，分两种情况讨论：
-
如果根连出去了一个单点，那么它也是仙人掌，所以这一块的生成函数还是 (F(x))。
-
如果根连出去了一个环，且共有(i+1)个点，那么其生成函数为 (frac{F(x)^i}{2})。
除以 (2) 是因为每种环都被正反算了两次。
由于边和环都可以随便排列，所以它们总的生成函数就是：
[expleft(F(x)+frac12sum_{i=2}^infty F(x)^i
ight)
]
(exp) 中右边那一坨东西，可以用等比数列化简：
[expleft(F(x)+frac{F(x)^2}{2-2F(x)}
ight)=exp frac{2F(x)-F(x)^2}{2-2F(x)}
]
(F(x)^infty mod x^n=0)
由于上面的推导都是没有考虑根的，所以我们把根算上，就能得到一个函数方程：
[F(x)=xexp frac{2F(x)-F(x)^2}{2-2F(x)}
]
推到这一步，接下来就比较好想了，直接牛顿迭代。
只要求出(G(F(x)))的零点，就得到我们要的(F(x))了。
[G(F(x))=xexp frac{2F(x)-F(x)^2}{2-2F(x)}-F(x)
]
根据牛顿迭代式（(F_n(x)) 表示下一次迭代的结果）：
[F_n(x)=F(x)-frac{G(F(x))}{G'(F(x))}\
G'(F(x))=left(xexp frac{2F(x)-F(x)^2}{2-2F(x)}-F(x)
ight)'\
=left(frac{2F(x)-F(x)^2}{2-2F(x)}
ight)'xexp frac{2F(x)-F(x)^2}{2-2F(x)}-1\
=frac{F(x)^2-2F(x)+2}{2(F(x)-1)^2}xexp frac{2F(x)-F(x)^2}{2-2F(x)}-1\
F_n(x)=F(x)-frac{2xexpfrac{2F(x)-F(x)^2}{2-2F(x)}-2F(x)}{left(1+frac{1}{(F(x)-1)^2}
ight)xexpfrac{2F(x)-F(x)^2}{2-2F(x)}-2}
]
对 (F(x)) 求导的时候把 (x) 看成常数。
别看这个式子有那么大一坨，它的分子和分母都含有 (xexp frac{2F(x)-F(x)^2}{2-2F(x)})。按照这个式子直接算即可，注意所有多项式运算都要模 (x^{n+1})。
由于算出来的 (F(x)) 是有根仙人掌的生成函数，要把它变成无根的情况，它的 (n) 次项都要乘 (frac{1}{n})。
时间复杂度 (O(n log n))。
CO int N=262144;
int omg[2][N],rev[N];
int fac[N],inv[N],ifac[N];
void NTT(poly&a,int dir){
int lim=a.size(),len=log2(lim);
for(int i=0;i<lim;++i) rev[i]=rev[i>>1]>>1|(i&1)<<(len-1);
for(int i=0;i<lim;++i)if(i<rev[i]) swap(a[i],a[rev[i]]);
for(int i=1;i<lim;i<<=1)
for(int j=0;j<lim;j+=i<<1)for(int k=0;k<i;++k){
int t=mul(omg[dir][N/(i<<1)*k],a[j+i+k]);
a[j+i+k]=add(a[j+k],mod-t),a[j+k]=add(a[j+k],t);
}
if(dir==1){
int ilim=fpow(lim,mod-2);
for(int i=0;i<lim;++i) a[i]=mul(a[i],ilim);
}
}
poly operator~(poly a){
int n=a.size();
poly b(1,fpow(a[0],mod-2));
if(n==1) return b;
int lim=2;
for(;lim<n;lim<<=1){
poly c(a.begin(),a.begin()+lim);
c.resize(lim<<1),NTT(c,0);
b.resize(lim<<1),NTT(b,0);
for(int i=0;i<lim<<1;++i) b[i]=mul(2+mod-mul(c[i],b[i]),b[i]);
NTT(b,1),b.resize(lim);
}
a.resize(lim<<1),NTT(a,0);
b.resize(lim<<1),NTT(b,0);
for(int i=0;i<lim<<1;++i) b[i]=mul(2+mod-mul(a[i],b[i]),b[i]);
NTT(b,1),b.resize(n);
return b;
}
poly log(poly a){
int n=a.size();
poly b=~a;
a.resize(n-1);
for(int i=0;i<n-1;++i) a[i]=mul(a[i+1],i+1);
int lim=1<<(int)ceil(log2(2*n-2));
a.resize(lim),NTT(a,0);
b.resize(lim),NTT(b,0);
for(int i=0;i<lim;++i) a[i]=mul(a[i],b[i]);
NTT(a,1),a.resize(n);
for(int i=n-1;i>=1;--i) a[i]=mul(a[i-1],inv[i]);
return a[0]=0,a;
}
poly exp(poly a){
int n=a.size();
poly b(1,1); // a[0]=1
if(n==1) return b;
int lim=2;
for(;lim<n;lim<<=1){
b.resize(lim);poly c=log(b);
c[0]=add(1+a[0],mod-c[0]);
for(int i=1;i<lim;++i) c[i]=add(a[i],mod-c[i]);
c.resize(lim<<1),NTT(c,0);
b.resize(lim<<1),NTT(b,0);
for(int i=0;i<lim<<1;++i) b[i]=mul(c[i],b[i]);
NTT(b,1),b.resize(lim);
}
b.resize(lim);poly c=log(b);
c[0]=add(1+a[0],mod-c[0]);
for(int i=1;i<n;++i) c[i]=add(a[i],mod-c[i]);
c.resize(lim<<1),NTT(c,0);
b.resize(lim<<1),NTT(b,0);
for(int i=0;i<lim<<1;++i) b[i]=mul(c[i],b[i]);
NTT(b,1),b.resize(n);
return b;
}
poly operator*(poly a,poly b){
int n=a.size()-1,m=b.size()-1;
int lim=1<<(int)ceil(log2(n+m+1));
a.resize(lim),NTT(a,0);
b.resize(lim),NTT(b,0);
for(int i=0;i<lim;++i) a[i]=mul(a[i],b[i]);
NTT(a,1),a.resize(n+m+1);
return a;
}
poly solve(int n){
poly f{0,1};
if(n==2) return f;
int lim=4;
for(;lim<2*n;lim<<=1){ // edit 1
f.resize(lim);
poly g=f;
NTT(g,0);
for(int i=0;i<lim;++i) g[i]=mul(g[i],g[i]);
NTT(g,1);
poly q=g;
poly h(lim);
for(int i=0;i<lim;++i){
g[i]=add(add(f[i],f[i]),mod-g[i]);
h[i]=f[i]?mod-add(f[i],f[i]):0;
}
h[0]=add(h[0],2);
h=~h;
g.resize(lim<<1),NTT(g,0);
h.resize(lim<<1),NTT(h,0);
for(int i=0;i<lim<<1;++i) g[i]=mul(g[i],h[i]);
NTT(g,1),g.resize(lim);
h.resize(lim);
g=exp(g);
for(int i=lim-1;i>=1;--i) g[i]=g[i-1];
g[0]=0;
for(int i=0;i<lim;++i){
h[i]=add(add(g[i],g[i]),mod-add(f[i],f[i]));
q[i]=add(q[i],mod-add(f[i],f[i]));
}
q[0]=add(q[0],1);
q=~q;
q[0]=add(q[0],1);
q.resize(lim<<1),NTT(q,0);
g.resize(lim<<1),NTT(g,0);
for(int i=0;i<lim<<1;++i) q[i]=mul(q[i],g[i]);
NTT(q,1),q.resize(lim);
g.resize(lim);
q[0]=add(q[0],mod-2);
q=~q;
q.resize(lim<<1),NTT(q,0);
h.resize(lim<<1),NTT(h,0);
for(int i=0;i<lim<<1;++i) q[i]=mul(q[i],h[i]);
NTT(q,1),q.resize(lim);
h.resize(lim);
for(int i=0;i<lim;++i) f[i]=add(f[i],mod-q[i]);
}
f.resize(n);
return f;
}
int main(){
omg[0][0]=1,omg[0][1]=fpow(3,(mod-1)/N);
omg[1][0]=1,omg[1][1]=fpow(omg[0][1],mod-2);
fac[0]=fac[1]=1;
inv[0]=inv[1]=1;
ifac[0]=ifac[1]=1;
for(int i=2;i<N;++i){
omg[0][i]=mul(omg[0][i-1],omg[0][1]);
omg[1][i]=mul(omg[1][i-1],omg[1][1]);
fac[i]=mul(fac[i-1],i);
inv[i]=mul(mod-mod/i,inv[mod%i]);
ifac[i]=mul(ifac[i-1],inv[i]);
}
poly f=solve(N/2);
for(int i=1;i<N/2;++i) f[i]=mul(f[i],fac[i-1]);
for(int T=read<int>();T--;) printf("%d
",f[read<int>()]);
return 0;
}
荒漠计数
荒漠是一张每个极大连通分量都是一个仙人掌无向图。
求 (n) 个点的有标号荒漠个数。结果对 (998244353) 取模。
(n leq 10^5)。
题解
显然只需要把上一题的 (F(x)) 做个 (exp) 即可。
时间复杂度 (O(n log n))。
int n=read<int>();
poly f=solve(n+1);
for(int i=1;i<=n;++i) f[i]=mul(f[i],inv[i]);
f=exp(f);
int ans=mul(f[n],fac[n]);
printf("%d
",ans);