没想到点分治那一层……
首先不难发现这是个分数规划，先把所有的边长减去(k)，二分答案，设为(mid)，就是要求路径平均值(ansin[-mid,mid])
先来考虑(ansin[0,mid])的的情况。我们考虑点分治，记下所有从根节点延伸下去的链，长度记为(len)，边数为(dep)，属于那一颗子树为(bl)，先添加一条链((0,0,0))，那么两条链合法当且仅当(frac{len_i+len_j}{dep_i+dep_j}in [0,mid])，即有(len_i+len_jgeq 0)且(len_i-mid imes dep_i+len_j-mid imes dep_jleq 0)，那么把所有的链按长度排序，当从左到右扫描(j)的时候，可行的(j)的左端点一定是不断左移的，所以可以拿两个指针扫。不过要注意两条链不能在同一棵子树内，所以当(j)不断左移时，要记录属于两个不同子树的最大值才行
然后这里有一个小(trick)，按上面双指针移的话可能会出现某一个最大值就是(i)的情况，要分类讨论很麻烦。我们可以把链按照长度的正负分为两类，那么上面那种情况可以把指针在长度为正的里面左移，在长度为负的里面右移，那么长度为负的里面的每一条链都可以用来更新最大值，而长度为正的只要在判断完之后再更新就可以了
(ansin[-mid,0])同理，不多讲了
//minamoto
#include<bits/stdc++.h>
#define R register
#define ll long long
#define fi first
#define se second
#define inf 1e18
#define pi pair<ll,int>
#define fp(i,a,b) for(R int i=a,I=b+1;i<I;++i)
#define fd(i,a,b) for(R int i=a,I=b-1;i>I;--i)
#define go(u) for(int i=head[u],v=e[i].v;i;i=e[i].nx,v=e[i].v)
using namespace std;
char buf[1<<21],*pp=buf,*ppp=buf;
inline char getc(){return pp==ppp&&(ppp=(pp=buf)+fread(buf,1,1<<21,stdin),pp==ppp)?EOF:*pp++;}
ll read(){
R ll res,f=1;R char ch;
while((ch=getc())>'9'||ch<'0')(ch=='-')&&(f=-1);
for(res=ch-'0';(ch=getc())>='0'&&ch<='9';res=res*10+ch-'0');
return res*f;
}
char sr[1<<21],z[20];int C=-1,Z=0;
inline void Ot(){fwrite(sr,1,C+1,stdout),C=-1;}
void print(R ll x){
if(C>1<<20)Ot();if(x<0)sr[++C]='-',x=-x;
while(z[++Z]=x%10+48,x/=10);
while(sr[++C]=z[Z],--Z);sr[++C]='
';
}
const int N=1e5+5;
struct eg{int v,nx;ll w;}e[N<<1];int head[N],tot;
inline void add(R int u,R int v,R ll w){e[++tot]={v,head[u],w},head[u]=tot;}
struct node{
int dep;ll dis;int bl;
node(int dep=0,ll dis=0,int bl=0):dep(dep),dis(dis),bl(bl){}
inline bool operator <(const node &b)const{return dis<b.dis;}
}p1[N],p2[N];ll k,w,ans=inf;pi A,B;
int sz[N],son[N],vis[N];
int n,rt,size,u,v,t1,t2;
void findrt(int u,int fa){
sz[u]=1,son[u]=0;
go(u)if(v!=fa&&!vis[v]){
findrt(v,u),sz[u]+=sz[v];
son[u]=max(son[u],sz[v]);
}son[u]=max(son[u],size-sz[u]);
if(son[u]<son[rt])rt=u;
}
void dfs(int u,int fa,int dep,ll dis,int bl){
(dis>=0?(p1[++t1]):(p2[++t2]))=node(dep,dis,bl);
go(u)if(v!=fa&&!vis[v])dfs(v,u,dep+1,dis+e[i].w,bl);
}
void cmin(pi x){
if(x.fi<A.fi){
if(x.se!=A.se)B=A;
A=x;
}else if(x.fi<B.fi&&x.se!=A.se)B=x;
}
void cmax(pi x){
if(x.fi>A.fi){
if(x.se!=A.se)B=A;
A=x;
}else if(x.fi>B.fi&&x.se!=A.se)B=x;
}
bool ck(ll val){
A=B=pi(inf,0);
for(R int i=1,j=t2;i<=t1;++i){
while(p1[i].dis+p2[j].dis>=0&&j){
cmin(pi(p2[j].dis-p2[j].dep*val,p2[j].bl)),--j;
}if((A.se==p1[i].bl?B.fi:A.fi)+p1[i].dis-p1[i].dep*val<0)return 1;
cmin(pi(p1[i].dis-p1[i].dep*val,p1[i].bl));
}
A=B=pi(-inf,0);
for(R int i=t2,j=1;i;--i){
while(p2[i].dis+p1[j].dis<0&&j<=t1){
cmax(pi(p1[j].dis+p1[j].dep*val,p1[j].bl)),++j;
}if((A.se==p2[i].bl?B.fi:A.fi)+p2[i].dis+p2[i].dep*val>0)return 1;
cmax(pi(p2[i].dis+p2[i].dep*val,p2[i].bl));
}
return 0;
}
void solve(int u){
vis[u]=1;int dsize=size;
t1=t2=0;p1[++t1]=node(0,0,u);
go(u)if(!vis[v])dfs(v,u,1,e[i].w,v);
sort(p1+1,p1+t1+1),sort(p2+1,p2+t2+1);
ll l=1,r=ans-1,mid;
while(l<=r){
mid=(l+r)>>1;
if(ck(mid))r=mid-1;
else l=mid+1;
}ans=min(ans,l);
go(u)if(!vis[v]){
size=(sz[u]>sz[v]?sz[v]:dsize-sz[u]);
rt=0,findrt(v,0),solve(rt);
}
}
int main(){
// freopen("testdata.in","r",stdin);
n=read(),k=read();
fp(i,1,n-1)u=read(),v=read(),w=read()-k,add(u,v,w),add(v,u,w),ans=min(ans,abs(w)+1);
son[0]=n+1,rt=0,size=n;
findrt(1,0),solve(rt);
printf("%lld
",ans-1);
return 0;
}