HDU 1253 胜利大逃亡

胜利大逃亡

Time Limit: 4000/2000 MS (Java/Others)    Memory Limit: 65536/32768 K (Java/Others)
Total Submission(s): 30841    Accepted Submission(s): 11509

Problem Description

Ignatius被魔王抓走了,有一天魔王出差去了,这可是Ignatius逃亡的好机会.

魔 王住在一个城堡里,城堡是一个A*B*C的立方体,可以被表示成A个B*C的矩阵,刚开始Ignatius被关在(0,0,0)的位置,离开城堡的门在 (A-1,B-1,C-1)的位置,现在知道魔王将在T分钟后回到城堡,Ignatius每分钟能从一个坐标走到相邻的六个坐标中的其中一个.现在给你城 堡的地图,请你计算出Ignatius能否在魔王回来前离开城堡(只要走到出口就算离开城堡,如果走到出口的时候魔王刚好回来也算逃亡成功),如果可以请 输出需要多少分钟才能离开,如果不能则输出-1.

 

Input

输 入数据的第一行是一个正整数K,表明测试数据的数量.每组测试数据的第一行是四个正整数A,B,C和T(1<=A,B,C<=50,1& lt;=T<=1000),它们分别代表城堡的大小和魔王回来的时间.然后是A块输入数据(先是第0块,然后是第1块,第2块......),每块 输入数据有B行,每行有C个正整数,代表迷宫的布局,其中0代表路,1代表墙.(如果对输入描述不清楚,可以参考Sample Input中的迷宫描述,它表示的就是上图中的迷宫)

特别注意:本题的测试数据非常大,请使用scanf输入,我不能保证使用cin能不超时.在本OJ上请使用Visual C++提交.

 

Output

对于每组测试数据,如果Ignatius能够在魔王回来前离开城堡,那么请输出他最少需要多少分钟,否则输出-1.

 

Sample Input

1 3 3 4 20 0 1 1 1 0 0 1 1 0 1 1 1 1 1 1 1 1 0 0 1 0 1 1 1 0 0 0 0 0 1 1 0 0 1 1 0

 

Sample Output

11

 

Author

Ignatius.L

 

Recommend

Ignatius.L

 

 

简单dsf

 

#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <queue>
using namespace std;

struct Piont{
    int x;
    int y;
    int z;
    Piont(int x, int y, int z) :x(x), y(y), z(z){};
};

typedef Piont P;
const int INF = 100000000;
int m[50][50][50];
int d[50][50][50];
int dx[6] = { 1, -1, 0, 0, 0, 0 };
int dy[6] = { 0, 0, 1, -1, 0, 0 };
int dz[6] = { 0, 0, 0, 0, 1, -1 };

int main()
{
    int K, L, R, C, time;
    int Sx, Sy, Sz, Ex, Ey, Ez;
    scanf("%d", &K);
    while (K--)
    {
        scanf("%d%d%d%d", &L, &R, &C, &time);
        memset(m, 0, sizeof(m));
        Sx = 0; Sy = 0; Sz = 0;
        Ex = L - 1; Ey = R - 1; Ez = C - 1;
        for (int i = 0; i < L; i++)
        {
            for (int j = 0; j < R; j++)
            {
                for (int k = 0; k < C; k++)
                {
                    scanf("%d", &m[i][j][k]);
                }
            }
        }


        for (int i = 0; i < L; i++)
            for (int j = 0; j < R; j++)
                for (int k = 0; k < C; k++)
                    d[i][j][k] = INF;

        queue<P> q;
        q.push(P(Sx, Sy, Sz));
        d[Sx][Sy][Sz] = 0;

        while (q.size())
        {
            P p = q.front();
            q.pop();
            if (p.x == Ex && p.y == Ey && p.z == Ez)
                break;
            for (int i = 0; i < 6; i++)
            {
                int nx = p.x + dx[i];
                int ny = p.y + dy[i];
                int nz = p.z + dz[i];

                if (0 <= nx&&nx < L && 0 <= ny&&ny < R && 0 <= nz&&nz < C
                    && m[nx][ny][nz] == 0 && d[nx][ny][nz] == INF)
                {
                    q.push(P(nx, ny, nz));
                    d[nx][ny][nz] = d[p.x][p.y][p.z] + 1;
                }
            }
        }

        if (d[Ex][Ey][Ez] != INF&&d[Ex][Ey][Ez] < time)
        {
            printf("%d
", d[Ex][Ey][Ez]);
        }
        else
        {
            printf("-1
");
        }

    }
}