BZOJ2038 2009国家集训队 小Z的袜子(hose)
Description
作为一个生活散漫的人，小Z每天早上都要耗费很久从一堆五颜六色的袜子中找出一双来穿。终于有一天，小Z再也无法忍受这恼人的找袜子过程，于是他决定听天由命……
具体来说，小Z把这N只袜子从1到N编号，然后从编号L到R(L 尽管小Z并不在意两只袜子是不是完整的一双，甚至不在意两只袜子是否一左一右，他却很在意袜子的颜色，毕竟穿两只不同色的袜子会很尴尬。
你的任务便是告诉小Z，他有多大的概率抽到两只颜色相同的袜子。当然，小Z希望这个概率尽量高，所以他可能会询问多个(L,R)以方便自己选择。
Input
输入文件第一行包含两个正整数N和M。N为袜子的数量，M为小Z所提的询问的数量。接下来一行包含N个正整数Ci，其中Ci表示第i只袜子的颜色，相同的颜色用相同的数字表示。再接下来M行，每行两个正整数L，R表示一个询问。
Output
包含M行，对于每个询问在一行中输出分数A/B表示从该询问的区间[L,R]中随机抽出两只袜子颜色相同的概率。若该概率为0则输出0/1，否则输出的A/B必须为最简分数。（详见样例）
Sample Input
6 4
1 2 3 3 3 2
2 6
1 3
3 5
1 6
Sample Output
2/5
0/1
1/1
4/15
【样例解释】
询问1：共C(5,2)=10种可能，其中抽出两个2有1种可能，抽出两个3有3种可能，概率为(1+3)/10=4/10=2/5。
询问2：共C(3,2)=3种可能，无法抽到颜色相同的袜子，概率为0/3=0/1。
询问3：共C(3,2)=3种可能，均为抽出两个3，概率为3/3=1/1。
注：上述C(a, b)表示组合数，组合数C(a, b)等价于在a个不同的物品中选取b个的选取方案数。
【数据规模和约定】
30%的数据中 N,M ≤ 5000；
60%的数据中 N,M ≤ 25000；
100%的数据中 N,M ≤ 50000，1 ≤ L < R ≤ N，Ci ≤ N。
在袜子个数确定的时候，分子和分母可以分别维护，然后就可以用莫队算法跑一跑，顺便维护一下就行了
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define N 100010
#define LL long long
inline LL read(){
LL x=0,w=1;
char c=getchar();
while(!isdigit(c)&&c!='-')c=getchar();
if(c=='-')w=-1,c=getchar();
while(isdigit(c))x=(x<<1)+(x<<3)+c-'0',c=getchar();
return x*w;
}
struct Node{LL tim,l,r,fz,fm;}p[N];
LL bl[N],c[N],s[N];
LL n,m,ans=0;
bool cmp1(Node p,Node b){
if(bl[p.l]==bl[b.l])return p.r<b.r;
return bl[p.l]<bl[b.l];
}
bool cmp2(Node p,Node b){
return p.tim<b.tim;
}
LL gcd(LL a,LL b){
if(!b)return a;
return gcd(b,a%b);
}
void update(LL t,LL val){
LL &q=s[c[t]];
ans-=q*q;
q+=val;
ans+=q*q;
}
int main(){
n=read();m=read();
LL k=sqrt(n);
for(LL i=1;i<=n;i++)bl[i]=(i-1)/k+1;
for(LL i=1;i<=n;i++)c[i]=read();
for(LL i=1;i<=m;i++){
p[i].l=read();
p[i].r=read();
p[i].tim=i;
}
sort(p+1,p+m+1,cmp1);
LL l=1,r=0;
for(LL i=1;i<=m;i++){
p[i].fm=(p[i].r-p[i].l+1)*(p[i].r-p[i].l);
while(r<p[i].r)update(r+1,1),r++;
while(r>p[i].r)update(r,-1),r--;
while(l<p[i].l)update(l,-1),l++;
while(l>p[i].l)update(l-1,1),l--;
if(p[i].l==p[i].r){
p[i].fm=1;
p[i].fz=0;
continue;
}
p[i].fz=ans-(p[i].r-p[i].l+1);
p[i].fm=(p[i].r-p[i].l+1)*(p[i].r-p[i].l);
LL w=gcd(p[i].fm,p[i].fz);
p[i].fz/=w;p[i].fm/=w;
}
sort(p+1,p+m+1,cmp2);
for(LL i=1;i<=m;i++)
printf("%lld/%lld
",p[i].fz,p[i].fm);
return 0;
}