KMP算法详解

目录

• 模板题
• KMP算法的大致原理
• next数组
  • 定义
  • 应用
  • 求法
• 时间复杂度
• 模板题代码

upd on 2021/4/1 优化一些细节

声明：本文的字符串下标均从1开始，对于某个字符串a，a.substr(i,j)表示a从第i位开始，长度为j的字串

模板题

传送门

KMP算法的大致原理

个人认为其他博客已经讲得很好，这里简单讲，把重点放在next数组上

先推几篇博客：

• [ ] https://blog.csdn.net/qq_42833585/article/details/88818245
• [ ] https://blog.csdn.net/dark_cy/article/details/88698736
• [ ] https://blog.csdn.net/starstar1992/article/details/54913261

首先，我们把模板题中的(s_1)串称为文本串，重命名为(s)，(s_2)称为模式串，重命名为(t)（本文中不区分s与t的大小写）

设(n)为(s)的长度，(m)为(t)的长度（会在代码片中出现）

看图，在第一轮匹配中，匹配到了一个不相等的位置，如果用暴力，那就是从头再匹配，但是可以看到(t)串中有一段重复的“ABC”，无需重复匹配，所以第二轮直接跳到如图所示的位置比较两个蓝色的部分

这就是KMP算法的大致思路

next数组

定义

看了KMP的大致原理，相信大家都产生了疑问：我怎么知道要让T串跳到哪个位置呢？这就要用到next数组了，这是KMP的核心，也是难点

先不用管怎么求next数组，看定义(我自己写的)：

令(j=next_i),则有(j<i)且(t.substr(1,j)==t.substr(i-j+1,i)),且对于任意(k（j<k<i）),(t.substr(1,k)≠t.substr(i-k+1,k))

也就是说，next[i]表示“T中以i结尾的非前缀字串”与“T的前缀”能匹配的最长长度，当不存在这样的j时，next[i]=0

举个例子：

若T="ABCDABCE"，则对应的next={0 0 0 0 1 2 3 0}

应用

根据next数组的定义,next中存储的是长度，但是由于它是T的某个前缀字串的长度，我们也可以将next当做下标使用（一定要弄清楚，不然后面很蒙）

仍然用上面的图片真懒呐

设S的指针为i，T的指针为j，表示当前完成匹配的位置（也就是说S[i]和T[j]是相等的）

第一轮匹配中，当(j==7)时，我们发现(t)的下一位和(s)的下一位不等，但是(t)的第5_7位和13位是一样的，即next[7]=3，所以我们需要将(t)的指针（j）跳到第3位，也就是j=next[j],这里有一些细节不是很好理解，KMP在实现时是很巧妙的，我们放到整段代码理解：

		while(j != 0 && s[i] != t[j+1])
			j = next[j];
		if(s[i] == t[j+1])
			j++;
		if(j == m){//j==m标志着已经全部完成匹配
			printf("%d
",i - m + 1);
			j = next[j];
		}

求法

这里是整个KMP最难理解的部分，所以放到最后

先贴出代码

	next[1] = 0;//初始化
	for(int i = 2 , j = 0 ; i <= m ; i++){
		while(j != 0 && t[j+1] != t[i])
			j=next[j];//全算法最confusing的语句
		if(t[j+1] == t[i])
			j++;
		next[i] = j;
	}

考虑暴力枚举：最外层循环枚举每一位(i)，第二层枚举next[i],里层判断第二层枚举的是否合法

显然，时间复杂度是在(O(n^2)~O(n^3))，还不如(O(ncdot m))的暴力匹配

优化求法：

先提前声明：求next[i]是要用到next[1~i-1]的，所以我们要从前向后顺序枚举i

定义“候选项”的概念（可能跟《算法竞赛……》的不大一样）：如果j满足 t.substr(1,j)==t.substr(i-1-j-1,j)&&j<i-1则j是next[i]的一个候选项

例子：

绿色表示相等的两个字串，则j是next[i]的一个候选项,若标成蓝色的两个字符相等，则候选项j是合法的，next[i]就是所有合法的(j)中的最大值+1

很显然，对于next[i]而言，next[i-1]是它的候选项，但是，问题是next[next[i-1]],next[next[next[i-1]]],......都是候选项，为什么呢？还是看图：

假设next[13]=5,根据(next)的定义，标绿色部分是相等的，再细化一下绿色部分中相等的部分：假设next[5]=2,同理，第二行（不计最上面的下标行）的黄色部分相等，又因为绿色部分相等，我们可以得到第三行的黄色部分都是相等的，再简化为第4行，会发现：这不是和第一行一样了吗（只是长度小了）！

以此类推，可以得到next[i-1],next[next[i-1]],next[next[next[i-1]]],......都是候选项，且他们的值是从左向右递减的，因此，按照这个顺序找到第一个合法的候选值之后，我们就可以确定next[i]了

重新看一下代码：

	next[1] = 0;
	for(int i = 2 , j = 0 ; i <= m ; i++){
		while(j != 0 && t[j+1] != t[i])//找到第一个合法的候选项
			j=next[j];//缩小长度
		if(t[j+1] == t[i])
			j++;
		next[i] = j;
	}

发现，每一轮循环没有j=next[i-1]的语句。原因很简单：上一轮结束时语句next[i]=j决定了这一轮刚开始就有j==next[i-1],注意这里的前后的(i)不一样（都不是同一轮循环了）不要学傻了

时间复杂度

上结论：(O(n+m))

以(next)数组的求值为例：

	next[1] = 0;
	for(int i = 2 , j = 0 ; i <= m ; i++){
		while(j != 0 && t[j+1] != t[i])
			j=next[j];
		if(t[j+1] == t[i])
			j++;
		next[i] = j;
	}

最外层显然是(O(m))的，问题是里面

在while循环中，(j)是递减的，但是又不会变成负数，所以整个过程中，(j)的减小幅度不会超过(j)增加的幅度，而(j)每次才增加1，最多增加(m)次，故(j)的总变化次数不超过(2m)，整个时间复杂度近似认为是(O(m))

如果还不能理解，就想像一个平面直角坐标系，(x)轴为(i)，(y)轴为(j)，从原点出发，(i)每向右一个单位，(j)最多向上一个单位，(j)也可以往下掉（while循环），但不能掉到第四象限，(j)向下掉的高度之和就是while内语句执行的总次数，是绝对不会超过(m)的

匹配的循环与上述相近，时间为(O（n+m）)，不再赘述

所以，总的时间复杂度为(O(n+m))

模板题代码

不要问模板题输出的最后一行是什么意思，我也不知道，反正输出(next)数组就对了

#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <cstring>
#define nn 1000010
using namespace std;
int sread(char s[]) {
	int siz = 1;
	do
		s[siz] = getchar();
	while(s[siz] < 'A' || s[siz] > 'Z');
	while(s[siz] >= 'A' && s[siz] <= 'Z') {
		++siz;
		s[siz] = getchar();
	}
	--siz;
	return siz;
}
char s[nn];
char t[nn];
int next[nn];
int n , m;
int main() {
	n = sread(s);
	m = sread(t);
	next[1] = 0;
	for(int i = 2 , j = 0 ; i <= m ; i++){
		while(j != 0 && t[j+1] != t[i])
			j=next[j];
		if(t[j+1] == t[i])
			j++;
		next[i] = j;
	}
	for(int i = 1 , j = 0 ; i <=n ; i++){
		while(j != 0 && s[i] != t[j+1])
			j = next[j];
		if(s[i] == t[j+1])
			j++;
		if(j == m){
			printf("%d
",i - m + 1);
			j = next[j];
		}
	}
	for(int i = 1 ; i <= m ; i++)
		printf("%d " , next[i]);
	return 0;
}