【HDU 6036】Division Game （NTT+数学）

多校1 1004 HDU-6036 Division Game

题意

有k堆石头（0~k-1），每堆n个。(n=prod_{i=0}^{m}p_i^{e_i})。(0le m,k le 10,2le ple 10^9,1le e_i,sum_{i=0}^me_ile 10^5,)

现在第i次操作可以选择第i%k堆石头，移走该堆部分石头，使得剩下的数是原来的约数。当某堆不能操作时游戏结束。求结束于每一堆的方案数。答案取模(985661441)。

题解

参考官方题解。

对于一堆石子来说最多操作(w=sum_{i=1}^me_i)次，枚举这一堆操作了多少次结束，那么我们就得求操作 x 次结束于该堆的方案数。结束的时候就是该堆变成 1 的时候，记一堆石子操作 x 次恰好变成 1 的方案数为 (f(x))，那么操作 x 次不变成 1 的方案数就是 (f(x+1))。于是结束于第 i 堆的方案就是(f(x+1)^{i-1}f(x)^{k-i-1})。

如何计算(f(x))呢？实际上(f(x))就是将所有 (e_i) 分配到 x 次操作中的方案数。对于一个 (e_i) 来说将它分配到 x 次操作的方案数，等价于“将(e_i)个相同的球放入 x 个不同盒子中允许为空的方案数”，且每个盒子里不同的球之和不允许为空。

(g(x))表示将m种球每种 (e_i)个放入 x 个不同盒子允许为空的方案数。乘法原理可知(displaystyle g(x)=prod_{i=1}^m inom{e_i+x-1}{x-1})，再由容斥定理得(displaystyle f(x)=sum_{y=0}^x (-1)^{x-y}g(y)inom{x}{y}) 。

然后化为卷积形式就是$ displaystyle frac {f(x)} {x!}=sum_{y=0}^x frac {(-1)^{x-y}}{(x-y)!} frac {g(y)} {y!}$ 。模数(985661441=235×2^{22}+1) 符合NTT的要求，所以我们使用 NTT 来加速卷积。

时间复杂度：计算(g(x))是(O(mw))，计算卷积是(O(wlog w))，计算最终答案(O(wk))。所以总的是(O(mw+wlog w+wk))。

代码

#include <bits/stdc++.h>
#define rep(i,l,r) for(int i=l,ed=r;i<ed;++i)
#define mem(a,b) memset(a,b,sizeof(a))
typedef long long ll;
using namespace std;
const ll P = (235 << 22) + 1;
const int N = 1 << 18;
namespace Comb{
	const int N = 200005;
	ll fac[N] = {1, 1}, inv[N] = {1, 1}, f[N] = {1, 1};
	void init(ll M){
		for(int i = 2; i < N; i++) {
			fac[i] = fac[i - 1] * i % M;
			f[i] = (M - M / i) * f[M % i] % M;
			inv[i] = inv[i - 1] * f[i] % M;
		}
	}
	ll C(ll a, ll b) {
		if(b > a || b < 0)return 0;
		return fac[a] * inv[b] % P * inv[a - b] % P;
	}
};

ll qpow(ll a,ll b){
	ll ans=1;
	for(a%=P;b;b>>=1,a=a*a%P)if(b&1)ans=ans*a%P;
	return ans;
}

namespace NTT {
	ll w[N];
	int G=3;
	void ntt(ll *p,int n){
		for(int i=0,j=0;i<n;++i){
			if(i>j)swap(p[i],p[j]);
			for(int l=n>>1;(j^=l)<l;l>>=1);
		}
		for(int i=2;i<=n;i<<=1)
		for(int j=0,m=i>>1;j<n;j+=i)
			rep(k,0,m){
				ll b=w[n/i*k]*p[j+m+k]%P;
				p[j+m+k]=(p[j+k]-b+P)%P;
				p[j+k]=(p[j+k]+b)%P;
			}
	}
	void get_root(){
		static int pr[1000],cnt;
		int n=P-1;
		rep(i,2,sqrt(n)+0.5)
		if(n%i==0){
			pr[cnt++]=i;
			while(n%i==0)n/=i;
		}
		if(n>1)pr[cnt++]=n;
		rep(i,1,P){
			if(qpow(i,P-1)==1){
				bool fl=true;
				rep(j,0,cnt){
					if(qpow(i,(P-1)/pr[j])==1){
						fl=false;
						break;
					}
				}
				if(fl){
					G=i;break;
				}
			}
		}
	}
	void conv(int n,ll *x,ll *y){
		ll g=qpow(G,(P-1)/n);
		w[0]=1;
		rep(i,1,n)w[i]=w[i-1]*g%P;
		ntt(x,n);ntt(y,n);
		rep(i,0,n)x[i]=x[i]*y[i]%P;
		reverse(x+1,x+n);
		ntt(x,n);
	}
};
int m,k,p[20],e[20],w,n;
ll g[N],f[N],x[N],y[N];
int Cas;
int main(){
	Comb::init(P);
	//NTT::get_root();
	while(~scanf("%d%d",&m,&k)){
		w=1;
		rep(i,0,m){
			scanf("%d%d",p+i,e+i);
			w+=e[i];
		}
		
		rep(i,0,w)g[i]=1;
		rep(i,0,m)rep(j,0,w)g[j]=g[j]*Comb::C(e[i]+j-1,j-1)%P;
		
		mem(x,0);mem(y,0);
		rep(i,0,w){
			x[i]=(i&1?P-Comb::inv[i]:Comb::inv[i]);
			y[i]=g[i]*Comb::inv[i]%P;
		}
		
		for(n=1;n<w;n<<=1){}
		n<<=1;
		NTT::conv(n,x,y);
		
		ll invN=qpow(n,P-2);
		mem(f,0);
		rep(i,0,w)f[i]=x[i]*invN%P*Comb::fac[i]%P;
		
		printf("Case #%d:",++Cas);
		rep(i,1,k+1){
			ll tot=0;
			rep(j,0,w){
				tot+=qpow(f[j+1],i-1)*qpow(f[j],k-i+1)%P;
				if(tot>=P)tot-=P;
			}
			printf(" %lld",tot);
		}
		puts("");
	}
	return 0;
}