题目描述
“我要成为魔法少女！”
“那么，以灵魂为代价，你希望得到什么？”
“我要将有关魔法和奇迹的一切，封印于卡片之中„„”
在这个愿望被实现以后的世界里，人们享受着魔法卡片（(SpellCard)，又名符卡）带来的便捷。
现在，不需要立下契约也可以使用魔法了！你还不来试一试？
比如，我们在魔法百科全书（(Encyclopedia of Spells)）里用“(freeze)”作为关键字来查询，会有很多有趣的结果。
例如，我们熟知的(Cirno)，她的冰冻魔法当然会有对应的 (SpellCard) 了。 当然，更加令人惊讶的是，居然有冻结时间的魔法，(Cirno) 的冻青蛙比起这些来真是小巫见大巫了。
这说明之前的世界中有很多魔法少女曾许下控制时间的愿望，比如 (Akemi Homura)、(Sakuya Izayoi)、„„
当然，在本题中我们并不是要来研究历史的，而是研究魔法的应用。
我们考虑最简单的旅行问题吧： 现在这个大陆上有 (N) 个城市，(M) 条双向的道路。城市编号为 (1~N)，我们在 (1) 号城市，需要到 (N) 号城市，怎样才能最快地到达呢？
这不就是最短路问题吗？我们都知道可以用 (Dijkstra、Bellman-Ford、Floyd-Warshall)等算法来解决。
现在，我们一共有 K 张可以使时间变慢 (50\%)的 (SpellCard)，也就是说，在通过某条路径时，我们可以选择使用一张卡片，这样，我们通过这一条道路的时间 就可以减少到原先的一半。需要注意的是：
-
在一条道路上最多只能使用一张 (SpellCard)。
-
使用一张(SpellCard) 只在一条道路上起作用。
-
你不必使用完所有的 (SpellCard)。
给定以上的信息，你的任务是：求出在可以使用这不超过 (K) 张时间减速的 (SpellCard) 之情形下，从城市(1) 到城市(N)最少需要多长时间。
输入输出格式
输入格式：
第一行包含三个整数：(N、M、K)。
接下来 (M) 行，每行包含三个整数：(A_i、B_i、Time_i)，表示存在一条 (A_i)与 (B_i)之间的双向道路，在不使用 (SpellCard) 之前提下，通过它需要 (Time_i)的时间。
输出格式：
输出一个整数，表示从(1) 号城市到 (N)号城市的最小用时。
输入输出样例
输入样例#1：
4 4 1
1 2 4
4 2 6
1 3 8
3 4 8
输出样例#1：
7
说明
样例解释：
在不使用 (SpellCard) 时，最短路为 (1à2à4)，总时间为 (10)。现在我们可以使用 (1) 次 (SpellCard)，那么我们将通过 (2à4) 这条道路的时间减半，此时总时间为(7)。
对于(100\%)的数据：(1 ≤ K ≤ N ≤ 50，M ≤ 1000)。
(1≤ A_i，B_i ≤ N，2 ≤ Time_i ≤ 2000)。
为保证答案为整数，保证所有的 (Time_i)均为偶数。
所有数据中的无向图保证无自环、重边，且是连通的。
思路：还是跟其他的分层最短路题目一样，只不过之前的(k)次免费的机会变成了(k)次免费缩小到一半的机会，那么分层的时候我们把边权由(0)改为(w/2)就可以了。
代码：
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<queue>
#include<algorithm>
#include<cctype>
#define maxn 5000001
using namespace std;
int n,m,k,head[maxn],num,dis[maxn],s,t;
inline int qread() {
char c=getchar();int num=0,f=1;
for(;!isdigit(c);c=getchar()) if(c=='-') f=-1;
for(;isdigit(c);c=getchar()) num=num*10+c-'0';return num*f;
}
struct Edge {
int v,w,nxt;
}e[maxn];
struct node {
int x,y;
bool operator < (const node &a) const {return y>a.y;}
};
inline void ct(int u, int v, int w) {
e[++num].v=v;
e[num].w=w;
e[num].nxt=head[u];
head[u]=num;
}
priority_queue<node>q;
inline void dijkstra() {
memset(dis,0x3f,sizeof(dis));
dis[1+n*k]=0;q.push((node){1+n*k,0});
while(!q.empty()) {
int u=q.top().x,d=q.top().y;
q.pop();
if(d!=dis[u]) continue;
for(int i=head[u];i;i=e[i].nxt) {
int v=e[i].v;
if(dis[v]>dis[u]+e[i].w) {
dis[v]=dis[u]+e[i].w;
q.push((node){v,dis[v]});
}
}
}
}
int main() {
n=qread(),m=qread(),k=qread();
for(int i=1,u,v,w;i<=m;++i) {
u=qread(),v=qread(),w=qread();
for(int j=0;j<=k;++j) {
ct(u+j*n,v+j*n,w);
ct(v+j*n,u+j*n,w);
if(j) {
ct(u+j*n,v+(j-1)*n,w/2);
ct(v+j*n,u+(j-1)*n,w/2);
}
}
}
dijkstra();
int zrj=0x7fffffff;
for(int i=0;i<=k;++i) zrj=min(zrj,dis[n+i*n]);
printf("%d
",zrj);
return 0;
}