7. 整数反转
给出一个 32 位的有符号整数，你需要将这个整数中每位上的数字进行反转。
示例 1:
输入: 123 输出: 321
示例 2:
输入: -123 输出: -321
示例 3:
输入: 120 输出: 21
注意:
假设我们的环境只能存储得下 32 位的有符号整数，则其数值范围为 [−231, 231 − 1]。请根据这个假设，如果反转后整数溢出那么就返回 0。
法一
思路：
1. 先获取x的符号
2. 负数转化成正数
3. 反转到一个Long范围的整形数中
4. 加上符号后判断是否溢出，如果溢出则输出0，否则输出结果
1 class Solution { 2 public int reverse(int x) { 3 // 先获取x的符号 4 int pm = x > 0 ? 1 : -1; 5 6 // 负数转化成正数 7 x *= pm; 8 9 // 反转到一个Long范围的整形数中 10 long result = 0; 11 while(x != 0){ 12 result = result * 10 + x % 10; 13 x /= 10; 14 } 15 16 // 加上符号后判断是否溢出，如果溢出则输出0，否则输出结果 17 result *= pm; 18 if(result < Integer.MIN_VALUE || result > Integer.MAX_VALUE){ 19 return 0; 20 } 21 return (int)result; 22 } 23 }
复杂度分析
时间复杂度：O(log(x))，xx 中大约有 log10(x) 位数字。空间复杂度：O(1)。
法二：
思路：
在反转的同时判断是否溢出
让result 先和 Integer.MAX_VALUE / 10 和 Integer.MIN_VALUE / 10进行判断，如果不溢出再加上余数
1 class Solution { 2 public int reverse(int x) { 3 int result = 0; 4 while(x != 0){ 5 int pop = x % 10; 6 x /= 10; 7 // 先判断是会否会溢出 8 if(result > Integer.MAX_VALUE / 10 || (result == Integer.MAX_VALUE / 10 && pop > 7)) return 0; 9 if(result < Integer.MIN_VALUE / 10 || (result == Integer.MIN_VALUE / 10 && pop < -8)) return 0; 10 result = result * 10 + pop; 11 } 12 return result; 13 } 14 }
复杂度分析
时间复杂度：O(log(x))，xx 中大约有 log10(x) 位数字。空间复杂度：O(1)。