bzoj4247:挂饰

Description

JOI君有N个装在手机上的挂饰，编号为1...N。 JOI君可以将其中的一些装在手机上。

JOI君的挂饰有一些与众不同——其中的一些挂饰附有可以挂其他挂件的挂钩。每个挂件要么直接挂在手机上，要么挂在其他挂件的挂钩上。直接挂在手机上的挂件最多有1个。

此外，每个挂件有一个安装时会获得的喜悦值，用一个整数来表示。如果JOI君很讨厌某个挂饰，那么这个挂饰的喜悦值就是一个负数。

JOI君想要最大化所有挂饰的喜悦值之和。注意不必要将所有的挂钩都挂上挂饰，而且一个都不挂也是可以的。

Input

第一行一个整数N，代表挂饰的个数。

接下来N行，第i行(1<=i<=N)有两个空格分隔的整数Ai和Bi，表示挂饰i有Ai个挂钩，安装后会获得Bi的喜悦值。 

Output

输出一行一个整数，表示手机上连接的挂饰总和的最大值

Sample Input

5
0 4
2 -2
1 -1
0 1
0 3

Sample Output

5

HINT

将挂饰2直接挂在手机上，然后将挂饰1和挂饰5分别挂在挂饰2的两个挂钩上，可以获得最大喜悦值4-2+3=5。

1<=N<=2000

0<=Ai<=N(1<=i<=N)

-10^6<=Bi<=10^6(1<=i<=N)

 

1A的一道题，好开心

题解：

看到这道题，经验主义感觉应该是dp，可是我一开始并不知道该怎么dp

想到在确定了最大情况下挂多少挂件后，挂件挂的顺序并没有影响，于是先将挂件根据挂钩从大到小排序

之后想状态应是什么

曾经想过把挂件间的连接关系当成一棵树，类似树形dp做，但是不好实现，子树中可能有重复的挂件

然后大概就是考虑每一个挂件是挂还是不挂

慢慢想到了可以用记忆化搜索，状态是从某一个挂件开始往后，在还有多少挂钩的可获得的最大喜悦值（似乎说的不太明白，看代码就一目了然了）

做的时候遇到了一个问题，就是还剩的挂钩数可能会很大。但很快发现剩的挂钩数若大于n是毫无意义的，于是所有大于n的都当成n就好了

 

总结一下思路：

感觉是dp -> 思考状态，针对每一个挂钩考虑 -> 记忆化搜索 -> 改进细节

 

代码：

#include<cstdio>
#include<iostream>
#include<algorithm>
#include<string.h>
#define INF 100000000
using namespace std;

const int MAXN = 2005;
int n;
struct item{
    int a,b;
    bool operator < (const item &x) const{
        return x.a>a;     
    }
}d[MAXN];
bool cmp(item x,item y){
    return y<x;
}

int dp[MAXN][MAXN],vis[MAXN][MAXN];
int dfs(int num,int free){
    if(free>n) free=n;
    if(vis[num][free]) return dp[num][free]; 
    if(free==0) return 0;
    if(num==n+1) return 0; 
    int ret=-INF;
    ret=max(ret,dfs(num+1,free-1+d[num].a)+d[num].b);
    ret=max(ret,dfs(num+1,free));
    vis[num][free]=1;
    return dp[num][free]=ret;
}

int main()
{
    int i,j;
    scanf("%d",&n);
    for(i=1;i<=n;i++) scanf("%d%d",&d[i].a,&d[i].b);
    sort(d+1,d+1+n,cmp);

    printf("%d
",dfs(1,1));

    return 0;    
}