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[CodeForces - 1225F]Tree Factory【树】【dfs】【贪心】

标签：codeforces题解 贪心 树 dfs

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题目描述

Time limit
2000 ms
Memory limit
524288 kB
Source
Technocup 2020 - Elimination Round 2
Tags
constructive algorithms greedy trees *2500

题面

Input1

5
0 0 1 1

Output1

0 2 1 4 3
2
1 3

Input2

4
0 1 2

Output2

0 1 2 3
0

题目大意

将一棵竹子（链）变成一棵树的操作：可以将这棵树中的任意非根结点接到它的祖父结点（前驱的前驱）上，且这个结点的子孙全不变。

题目中给定结点数，和除根结点外每个结点的父节点，即给定一棵树。问什么样的竹子（链）变成这棵树所花费的操作数最少。输出这棵竹子，操作数，和每次需要操作操作的结点。

例如，
给定一棵树

生成它所需操作数最少的竹子（链）为

需要依次对1结点和3结点操作

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解析

• 题目问的是要由链生成树，其实我们首先要做的是由给定的这棵树生成操作数最少的链。
  我们先从简单的问题开始思考，给定一棵如下二叉树。根节点的左子树高度小于右子树。
  
  将2结点接到3结点的后面，生成0132456的链，操作数为2。
  
  将1结点接到6结点的后面，生成0245613的链，操作数为4。
  
  由上述的例子可见，对于一个结点，如果它的左子树高度小于右子树，需要把它的右子树全部接到左子树之后；如果它的右子树高度小于左子树，需要把它的左子树全部接到右子树之后。这个结论同样也可以推广到普通树，对于一个结点，应该按其子树高度将各个子树依次相接。

• 建好了链，下面的问题是如何通过操作将这个链还原为树。
  设(a[1 cdots n])为链的次序，(p[u])为链中结点(u)的前驱结点，(fa[u])为树中结点(u)的父亲结点。
  从(a[1])开始循环到(a[n])，依次对每个结点(a[i])进行操作。如果(a[i])的链中前驱(p[a[i]])不是它树中的父亲结点(fa[a[i]])，就进行一次操作把(a[i])接到(a[i])的前驱的前驱上。并记录下a[i]。每次操作(p[a[i]])的值都改变。
  
  循环的次序为什么是有序的，不能反着来？
  因为反着来无法保证最优解。链(a[1 cdots n])本身就是高度小的子树在左边，高度大的子树在右边。只有按照(a[1])到(a[n])（从左到右）的顺序进行操作，才能保证每个子树还原的操作数是最小的。

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通过代码

/*
Status
	Accepted
Time
	93ms
Memory
	10572kB
Length
	1525
Lang
	GNU G++11 5.1.0
Submitted
	2020-01-13 17:20:42
RemoteRunId
	68700673
*/

#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;

const int MAXN = 1e5 + 50;

int fa[MAXN], p[MAXN], high[MAXN], a[MAXN], n, cnt = 0;
vector<int> e[MAXN], ans;

inline int read()    //1e5的数据量，使用快读.
{
    int res = 0;
    char ch;

    ch = getchar();

    while(!isdigit(ch))
        ch = getchar();
    while(isdigit(ch)){
        res = (res << 3) + (res << 1) + ch - 48;
        ch = getchar();
    }

    return res;
}
inline bool cmp(int i, int j)
{
    return high[i] < high[j];
}
void dfs1(int u)                    //第一次dfs，算出每个结点的高度.
{
    if(!e[u].size()){
        high[u] = 1;
        return;
    }
    for(int i = 0; i < e[u].size(); i ++)
        dfs1(e[u][i]);
    int maxx = 0;
    for(int i = 0; i < e[u].size(); i ++)
        maxx = max(maxx, high[e[u][i]]);
    high[u] = maxx + 1;
    return;
}
void dfs2(int u)                 //第二次dfs找出链的顺序a[1..n].
{
    a[++ cnt] = u;

    sort(e[u].begin(), e[u].end(), cmp);     //按照子树高度由小到大排序.

    for(int i = 0; i < e[u].size(); i ++)
        dfs2(e[u][i]);
    return;
}

int main()
{
    n = read();

    for(int i = 1; i < n; i ++){
        int t;

        t = read();

        e[t].push_back(i);     //由父结点指向儿子的边.
        fa[i] = t;             //i的父亲是t.
    }

    dfs1(0);       //两次dfs找到链.
    dfs2(0);

    for(int i = 1; i <= n; i ++)
        printf("%d%c", a[i], i == n? '
': ' ');

    for(int i = 2; i <= n; i ++)
        p[a[i]] = a[i - 1];              //预处理p[1...n]数组.
    for(int i = 2; i <= n; i ++){        //进行还原.
        int u = a[i];

        while(p[u] != fa[u]){
            ans.push_back(u);           //每次操作都记录下a[i]，存在ans中.
            p[u] = p[p[u]];
        }
    }

    printf("%d
", ans.size());
    for(int i = 0; i < ans.size(); i ++)
        cout << ans[i] << " " ;


    return 0;
}

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