线段树 + DP
题意：一个游戏（做题前可以先玩一下帮助理解）。题意比游戏简易：每个木板都有一个权值，可正可负或0，人在上面，自身能量要加上这个权值（即能量会发生增减）。人一开始有100能量，站在最高的木板上（要加上这个能量的权，所以其实起始能量应该为100+该板能量）。然后人往下跳，跳法有讲究并不像真实游戏那样可以移动，人下落，只能从一块木板的端点垂直下落，中途不能移动，这和实际游戏有区别，但是也使问题简化了。问这个人怎么跳，使在它落到地面的时候，能量最大，如果中途或者到地面能量<=0，或者跳到一个木板上，下面没有木板可以接住自己了，那么游戏结束，输出-1
分析：
既然只能垂直下落，而且是落在最近的板上，所以其实下落后处于哪个木板是唯一确定的
（这里指的唯一确定是当从左端点下落是唯一确定，从右端点下落是唯一，所以从一个木板下落就两种可能）
另外，这个问题本质是个DP，其实是可以直接DP的，就是从顶部走到底部的一个策略，因为从一个木板走到下面，选择是唯一
这个DP就很容易想了，可以把每个木板看做一个点，移动看作一条有向边，那么就构成一个有向图，而且是个DAG，要使下落到地面时的能量最高
就是在这个DAG上找一个最长路。
但是建图是个问题，点数又太多，而且鉴于这题，没必要显式建图，只要能知道每个木板能移向哪些木板即可
这题的线段树有什么用处（我们老是做题，知道这题被归为线段树，就死命往线段树想，其实到底为什么是线段树都不知道，就算想出来，也没意思）
线段树就是用于解决上面的问题，快速确定每个木板可以向那些木板移动
以当前木板的做端点X为例，从x垂直下落，满足的木板为 XL<=X<=XR ,并且是最接近当前木板的那块
我们可以换一下思维，看做点X被覆盖了，X是被[XL,XR]覆盖（当然它除了覆盖X还覆盖了很多其他点），那么我们可以换成单点查询
查询X的时候，发现X被覆盖了，而且是被[XL,XR]这个线段覆盖的，那么我们就返回它是哪条线段即可
但还有个问题，点X可能不止被一个线段覆盖，而是被多个线段覆盖，那么该选哪个呢？其实这就是我们的最近问题，它下落是落在离他最近的木板上的
所以虽然X被多个线段覆盖，我们只能要最近的那个，怎么确定最近那个呢？那就是将木板按高度升序排序
从最矮的木板开始，让它去覆盖它对应的区间，那么从低到高，点X就一定是被最高的而且满足的木板覆盖的
而且用当前木板去覆盖之前，先查询从它左边或者右边掉下去能到那个木板
这样做，什么问题都解决了，可能有人会想，这样从低到高地添加木板去覆盖，可行吗，没有错误吗，答案是确定的，没有错误
这是个值得思考的问题，而且它是个显然的问题（越是显然的又越难说清楚）
参考了小HH，但是觉得他这题好像写得累赘了，尤其是DP那部分
#include <cstdio> #include <cstring> #include <algorithm> using namespace std; #define N 100010 #define lch(i) ((i)<<1) #define rch(i) ((i)<<1|1) #define max(a,b) ((a)>(b)?(a):(b)) #define min(a,b) ((a)<(b)?(a):(b)) int n; int dp[N]; struct seg //木板 { int h,l,r,v; int ln,rn; //从左端点和右端点掉下去会去到那个木板上 }s[N]; struct node //线段树 { int mark,l,r,n; int mid(){ return (l+r)>>1; } }t[4*N]; int cmp_h(struct seg x ,struct seg y) { return x.h < y.h; } void build(int l , int r , int rt) { t[rt].l = l; t[rt].r = r; t[rt].mark = 0; //没有被覆盖 t[rt].n = -1; if(l == r) return ; int mid = t[rt].mid(); int ll = lch(rt); int rr = rch(rt); build(l , mid , ll); build(mid+1 , r , rr); } int query(int x ,int rt) { if(t[rt].l == t[rt].r) return t[rt].n; int mid = t[rt].mid(); int ll = lch(rt); int rr = rch(rt); if(t[rt].mark != -1) { t[ll].mark = t[rr].mark = t[rt].mark; //传递标记 t[ll].n = t[rr].n = t[rt].n; //传递信息 return t[rt].n; } if(x<=mid) return query(x , ll); else return query(x , rr); } void updata(int l , int r ,int m , int rt) { if(t[rt].l == l && t[rt].r == r) { t[rt].mark = 1; t[rt].n = m; return ; } int mid = t[rt].mid(); int ll = lch(rt); int rr = rch(rt); if(t[rt].mark != -1) { t[ll].mark = t[rr].mark = t[rt].mark; t[ll].n = t[rr].n = t[rt].n; t[rt].mark = -1; } if(r<=mid) updata(l,r,m,ll); else if(l>mid) updata(l,r,m,rr); else { updata(l,mid,m,ll); updata(mid+1,r,m,rr); } } int main() { while(scanf("%d",&n)!=EOF) { n++; s[0].h = 0; s[0].l = 1; s[0].r = 100000; s[0].v = 0; for(int i=1; i<n; i++) scanf("%d%d%d%d",&s[i].h, &s[i].l, &s[i].r, &s[i].v); sort(s,s+n,cmp_h); //按木板升序排序，这样就可以从下到高地添加木板 build(1,100000,1); //这个大小，不需要离散化，减少点代码和编码复杂度 for(int i=0; i<n; i++) { s[i].ln = query(s[i].l , 1); //查询从当前木板做端点掉下去能去哪个木板 s[i].rn = query(s[i].r , 1); //查询从当前木板做端点掉下去能去哪个木板 updata(s[i].l , s[i].r , i , 1); } memset(dp,0,sizeof(dp)); dp[n-1] = 100 + s[n-1].v; for(int i=n-1; i>=0; i--) { int ln = s[i].ln; int rn = s[i].rn; dp[ln] = max(dp[ln] , dp[i] + s[ln].v); dp[rn] = max(dp[rn] , dp[i] + s[rn].v); } printf("%d\n",dp[0] = (dp[0]>0?dp[0]:-1) ); } return 0; }