题目大意：
一个游戏有$n(nle5 imes10^5)$个关卡，每个关卡有一个难度系数$d_i(d_ile10^9)$。给定一个实数$k(kle10^9)$，表示关卡$i$依赖于关卡$lfloorfrac ik
floor$，即只有当关卡通过$lfloorfrac ik
floor$后，关卡$i$才会被解锁。问如何排列这些难度系数，使得$d_ige d_{lfloorfrac ik
floor}$？求字典序最大的方案。
思路：
不难发现关卡间的依赖关系构成了一个树状结构。
对于$d_i$各不相同的情况，只存在唯一的一种方案，直接贪心即可，期望得分60分。
对于$d_i$相同的情况，用权值线段树维护大于当前难度值有多少未分配的难度值，从小到大枚举$1sim n$号点，对于第$i$号结点，将当前未分配的第$size[i]$大的难度值分配给该结点即可。考虑如何操作才能使得$d_i$之后的难度值一定分配给$i$的子树。在操作完$i$结点后，可以将前$size[i]$大的难度值在线段树上标记为已分配，当访问到$i$的第一个子结点时，再恢复这些难度值并进行分配。
1 #include<cstdio> 2 #include<cctype> 3 #include<algorithm> 4 inline int getint() { 5 register char ch; 6 while(!isdigit(ch=getchar())); 7 register int x=ch^'0'; 8 while(isdigit(ch=getchar())) x=(((x<<2)+x)<<1)+(ch^'0'); 9 return x; 10 } 11 const int N=5e5+1; 12 const double eps=1e-8; 13 double k; 14 int n,d[N],size[N],ans[N],par[N],pos[N]; 15 class SegmentTree { 16 #define _left <<1 17 #define _right <<1|1 18 private: 19 int cnt[N<<2],tag[N<<2]; 20 void push_up(const int &p) { 21 cnt[p]=std::min(cnt[p _left],cnt[p _right]); 22 } 23 void push_down(const int &p) { 24 tag[p _left]+=tag[p]; 25 tag[p _right]+=tag[p]; 26 cnt[p _left]+=tag[p]; 27 cnt[p _right]+=tag[p]; 28 tag[p]=0; 29 } 30 public: 31 void build(const int &p,const int &b,const int &e) { 32 cnt[p]=n-e+1; 33 if(b==e) return; 34 const int mid=(b+e)>>1; 35 build(p _left,b,mid); 36 build(p _right,mid+1,e); 37 } 38 void modify(const int &p,const int &b,const int &e,const int &l,const int &r,const int &x) { 39 if(b==l&&e==r) { 40 cnt[p]+=x; 41 tag[p]+=x; 42 return; 43 } 44 push_down(p); 45 const int mid=(b+e)>>1; 46 if(l<=mid) modify(p _left,b,mid,l,std::min(mid,r),x); 47 if(r>mid) modify(p _right,mid+1,e,std::max(mid+1,l),r,x); 48 push_up(p); 49 } 50 int query(const int &p,const int &b,const int &e,const int &k) { 51 if(b==e) return cnt[p]>=k?b:b-1; 52 push_down(p); 53 const int mid=(b+e)>>1; 54 return k<=cnt[p _left]?query(p _right,mid+1,e,k):query(p _left,b,mid,k); 55 } 56 #undef _left 57 #undef _right 58 }; 59 SegmentTree t; 60 int main() { 61 scanf("%d%lf",&n,&k); 62 for(register int i=1;i<=n;i++) d[i]=getint(); 63 std::sort(&d[1],&d[n]+1); 64 t.build(1,1,n); 65 for(register int i=n;i;i--) { 66 pos[std::lower_bound(&d[1],&d[n]+1,d[i])-&d[0]]=i; 67 size[par[i]=i/k+eps]+=++size[i]; 68 } 69 for(register int i=1;i<=n;i++) { 70 if(par[i]&&par[i-1]!=par[i]) { 71 t.modify(1,1,n,1,ans[par[i]],size[par[i]]-1); 72 } 73 ans[i]=pos[std::lower_bound(&d[1],&d[n]+1,d[t.query(1,1,n,size[i])])-&d[0]]++; 74 printf("%d%c",d[ans[i]]," "[i==n]); 75 t.modify(1,1,n,1,ans[i],-size[i]); 76 } 77 return 0; 78 }