BZOJ 3379: [Usaco2004 Open]Turning in Homework 交作业

Description

    贝茜有C(1≤C≤1000)门科目的作业要上交，之后她要去坐巴士和奶牛同学回家．

每门科目的老师所在的教室排列在一条长为H(1≤H≤1000)的走廊上，他们只在课后接收作业．交作业不需要时间．贝茜现在在位置0，她会告诉你每个教室所在的位置，以及走廊出口的位置．她每走1个单位的路程，就要用1秒．她希望你计算最快多久以后她能交完作业并到达出口．

Input

 第1行输入三个整数C，H，B，B是出口的位置．之后C行每行输入两个整数，分别表示一个老师所在的教室和他的下课时间．

Output

 

    贝茜最早能够到达出口的时间．

Sample Input

4 10 3
8 9
4 21
3 16
8 12

Sample Output

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解法：一个经典的DP。令dp[i][j][0/1] 表示除了i~j这段区间没完成其他的都完成了，然后现在要完成i(0)或j(1)的最短时间。这样子就是从一个大区间F[1][n] 推到F[i][i] ，最后我们就能比较从哪个位置前往终点最优了。
转移方程跟第一种想法差不多，只不过第一种想法是用小区间推大区间，所以会导致答案不能保证最优。

#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
int C, H, B;
int dp[1005][1005][2];
struct node{
    int x, t;
    bool operator<(const node &rhs)const{
        return x<rhs.x;
    }
}A[1005];

int main()
{
    scanf("%d %d %d", &C,&H,&B);
    for(int i=1; i<=C; i++){
        scanf("%d %d", &A[i].x, &A[i].t);
    }
    sort(A+1,A+C+1);
    memset(dp, 0x7f, sizeof(dp));
    dp[1][C][0] = max(A[1].x, A[1].t);
    dp[1][C][1] = max(A[C].x, A[C].t);
    for(int i=1; i<=C; i++){
        for(int j=C; j>=1; j--){
            dp[i][j][0] = min(dp[i][j][0], max(dp[i-1][j][0]+A[i].x-A[i-1].x, A[i].t));
            dp[i][j][0] = min(dp[i][j][0], max(dp[i][j+1][1]+A[j+1].x-A[i].x, A[i].t));

            dp[i][j][1] = min(dp[i][j][1], max(dp[i-1][j][0]+A[j].x-A[i-1].x, A[j].t));
            dp[i][j][1] = min(dp[i][j][1], max(dp[i][j+1][1]+A[j+1].x-A[j].x, A[j].t));
        }
    }
    int ans = INT_MAX;
    for(int i=1; i<=C; i++){
        ans = min(ans, min(dp[i][i][0], dp[i][i][1])+abs(B-A[i].x));
    }
    printf("%d
", ans);
    return 0;
}