中国剩余定理

暑假集训的时候就应该来写这篇博客的，当时听的有些糊涂，不过该来的还是得来。。。

中国剩余定理介绍

在《孙子算经》中有这样一个问题：“今有物不知其数，三三数之剩二（除以3余2），五五数之剩三（除以5余3），七七数之剩二（除以7余2），问物几何？”这个问题称为“孙子问题”，该问题的一般解法国际上称为“中国剩余定理”。

在《孙子歌诀》中给出了解决这个问题的解法：三人同行七十稀，五树梅花廿一支，七子团圆正半月，除百零五便得知。很是朗朗上口，但这是什么意思呢？

具体解法分三步：

找出三个数：

1.从3和5的公倍数中找出被7除余1的最小数15，从3和7的公倍数中找出被5除余1 的最小数21，最后从5和7的公倍数中找出除3余1的最小数70。

2.用15乘以2（2为最终结果除以7的余数），用21乘以3（3为最终结果除以5的余数），同理，用70乘以2（2为最终结果除以3的余数），然后把三个乘积相加（15*2+21*3+70*2）得到和233。

3.用233除以3，5，7三个数的最小公倍数105，得到余数23，即233%105=23。这个余数23就是符合条件的最小数。

就这么简单。我们在感叹神奇的同时不禁想知道古人是如何想到这个方法的，有什么基本的数学依据吗？

中国剩余定理分析

我们将“孙子问题”拆分成几个简单的小问题，从零开始，试图揣测古人是如何推导出这个解法的。

     首先，我们假设n1是满足除以3余2的一个数，比如2，5，8等等，也就是满足3*k+2（k>=0）的一个任意数。同样，我们假设n2是满足除以5余3的一个数，n3是满足除以7余2的一个数。

     有了前面的假设，我们先从n1这个角度出发，已知n1满足除以3余2，能不能使得 n1+n2 的和仍然满足除以3余2？进而使得n1+n2+n3的和仍然满足除以3余2？

     这就牵涉到一个最基本数学定理，如果有a%b=c,则有(a+kb)%b=c(k为非零整数)，换句话说，如果一个除法运算的余数为c，那么被除数与k倍的除数相加（或相减）的和（差）再与除数相除，余数不变。这个是很好证明的。

     以此定理为依据，如果n2是3的倍数，n1+n2就依然满足除以3余2。同理，如果n3也是3的倍数，那么n1+n2+n3的和就满足除以3余2。这是从n1的角度考虑的，再从n2，n3的角度出发，我们可推导出以下三点：

1. 为使n1+n2+n3的和满足除以3余2，n2和n3必须是3的倍数。
2. 为使n1+n2+n3的和满足除以5余3，n1和n3必须是5的倍数。
3. 为使n1+n2+n3的和满足除以7余2，n1和n2必须是7的倍数。

    因此，为使n1+n2+n3的和作为“孙子问题”的一个最终解，需满足：

1. n1除以3余2，且是5和7的公倍数。
2. n2除以5余3，且是3和7的公倍数。
3. n3除以7余2，且是3和5的公倍数。

    所以，孙子问题解法的本质是从5和7的公倍数中找一个除以3余2的数n1，从3和7的公倍数中找一个除以5余3的数n2，从3和5的公倍数中找一个除以7余2的数n3，再将三个数相加得到解。在求n1，n2，n3时又用了一个小技巧，以n1为例，并非从5和7的公倍数中直接找一个除以3余2的数，而是先找一个除以3余1的数，再乘以2。

    这里又有一个数学公式，如果a%b=c，那么（a*k）%b=a%b+a%b+…+a%b=c+c+…+c=kc（k>0）,也就是说，如果一个除法的余数为c，那么被除数的k倍与除数相除的余数为kc。展开式中已证明。

    最后，我们还要清楚一点，n1+n2+n3只是问题的一个解，并不是最小的解。如何得到最小解？我们只需要从中最大限度的减掉3，5，7的公倍数105即可。道理就是前面讲过的定理“如果a%b=c,则有(a-kb)%b=c”。所以（n1+n2+n3）%105就是最终的最小解。

 经过分析发现，中国剩余定理的孙子解法并没有什么高深的技巧，就是以下两个基本数学定理的灵活运用：

1. 如果 a%b=c , 则有 (a+kb)%b=c (k为非零整数)。
2. 如果 a%b=c，那么 (a*k)%b=kc (k为大于零的整数)。

数学分析

用现代数学的语言来说明的话，中国剩余定理给出了以下的一元线性同余方程组：

有解的判定条件，并用构造法给出了在有解情况下解的具体形式。

中国剩余定理说明：假设整数m₁,m₂, ... ,m_n两两互质，则对任意的整数：a₁,a₂, ... ,a_n，方程组有解，并且通解可以用如下方式构造得到：

设 是整数m₁,m₂, ... ,m_n的乘积，并设是除了m_i以外的n- 1个整数的乘积。

设

为

模

的数论倒数(

为

模

意义下的逆元)

 

方程组

的通解形式为

 

 

 

 

在模

的意义下，方程组

只有一个解：

 

 

 

 

 

 

 

void exgcd(int a1,int b,int &x,int &y)
{
    if(b==0)
    {
        x=1;
        y=0;
        return ;
    }
    exgcd(b,a1%b,x,y);
    int t=x;
    x=y;
    y=t-(a1/b)*y;
}
int CRT(int a[],int m[],int n)
{
    int M=1,ans=0,t,x,y;
    for(int i=0; i<n; i++)
    {
        M*=m[i];///M为除数乘积
    }
    for(int i=0; i<n; i++)
    {
        t=M/m[i];///除了mi以外的n-1个整数乘积
        exgcd(t,m[i],x,y);///求逆元，由扩展欧几里得转换成t*ti+m[i]*y=1来求ti
        ans=(ans+a[i]*x*t)%M;
    }
    return (ans+M)%M;
}

一个正整数K，给出K Mod 一些质数的结果，求符合条件的最小的K。例如，K % 2 = 1, K % 3 = 2, K % 5 = 3。符合条件的最小的K = 23。

Input

第1行：1个数N表示后面输入的质数及模的数量。（2 <= N <= 10) 
第2 - N + 1行，每行2个数P和M，中间用空格分隔，P是质数，M是K % P的结果。（2 <= P <= 100, 0 <= K < P)Output输出符合条件的最小的K。数据中所有K均小于10^9。Sample Input

3
2 1
3 2
5 3

Sample Output

23

#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
#define ll long long int
using namespace std;
void exgcd(ll a1,ll b,ll &x,ll &y)
{
    ll t;
    if(b==0)
    {
        x=1;
        y=0;
        return ;
    }
    exgcd(b,a1%b,x,y);
    t=x;
    x=y;
    y=t-(a1/b)*y;
}
ll CRT(ll a[],ll m[],ll n)
{
    ll M=1,ans=0,t,x,y,i;
    for(i=0; i<n; i++)
    {
        M*=m[i];
    }
    for(i=0; i<n; i++)
    {
        t=M/m[i];
        exgcd(t,m[i],x,y);
        ans=(ans+a[i]*x*t)%M;
    }
    return (ans+M)%M;
}

int main()
{
    ll n,i,ans;
    ll a[10],m[10];
    scanf("%lld",&n);
    for(i=0;i<n;i++)
    {
        scanf("%lld%lld",&m[i],&a[i]);
    }
    ans=CRT(a,m,n);
    printf("%lld
",ans);
    return 0;
}