Tyvj1059

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分析：
网上没有特别好的题解，所以还是要靠自己啊

直接dp并不困难

方程
i位置没有石头 f[i]=min{f[j]} i-t<=j<=i-s
i位置有石头 f[i]=min{f[j]}+1 i-t<=j<=i-s

然而，想要直接开下L的数组肯定是不现实的，
我们就要考虑优化了

如果s==t，那我们只用简单的计算一下就好了

要是s!=t，就需要一个巧妙的优化了

如果有一大段没有石头，那么我们一个一个转移肯定有点浪费的
我们要是能找到一段没有石头而且能够直接忽略的规定距离，
（忽略的意思是不管s，t为何值都可以通过某种跳法恰好通过）
这样我们就可以直接删除这段距离

我们找到的这段距离是100

为什么是100呢
观察一下s，t的范围，只有10
很显然，当s和t的差值较小的时候，能够恰好走到100就比较困难了
那我们可以看一下所有的情况
s=1,t=2
100=100*1

s=2,t=3
100=2*50

s=3,t=4
100=5*(3+3+3+3+4+4)

s=4,t=5
100=20*5

s=5,t=6
100=20*5

s=6,t=7
100=5*(6+7+7)

s=7,t=8
100=2*(7+7+7+7+7+7+8)

s=8,t=9
100=4*(8+8+9)

s=9,t=10
100=10*10

真的都可以达到
这样的话，如果两块石头之间的差距是100（或者是100的倍数）
我们就可以直接忽略
这样数组的大小就缩小到了10000（100块石头，两块石头之间最多相聚100）

这里写代码片
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<iostream>
#include<algorithm>

using namespace std;

int L,s,t;
int a[110];
int n;
int f[100010];
int p[100010];

void doit()
{
    int i,j,k;
    a[++n]=L;
    for (i=1;i<=n;i++)
        if (a[i]-a[i-1]>100)
        {
            int r=a[i]-a[i-1];
            r/=100;
            for (j=i;j<=n;j++)
                a[j]-=r*100;
        }
    for (i=1;i<n;i++) p[a[i]]=1;
    memset(f,0x33,sizeof(f));
    f[0]=0;
    for (i=1;i<=a[n];i++)
        for (j=i-t;j<=i-s;j++)
            if (j>=0) f[i]=min(f[i],f[j]+p[i]);
    printf("%d",f[a[n]]);
}

int main()
{
    scanf("%d%d%d",&L,&s,&t);
    scanf("%d",&n);
    for (int i=1;i<=n;i++)
        scanf("%d",&a[i]);
    sort(a+1,a+1+n);
    if (s==t)
    {
        int ans=0;
        for (int i=1;i<=n;i++) if (a[i]%s==0) ans++;
        printf("%d",ans); 
        return 0;
    }
    else doit();
    return 0;
}