A. Bear and Game
题意：一个体育节目，它可能在某一分钟是很有趣的，其他时间都是很无聊的，如果持续十五分钟都很无聊的话那么Bear就会关掉电视，问什么时候会关掉电视。
题解：用第i个有趣的时间减去第i-1个有趣的时间，如果差值大于十五分钟那就输出第i个有趣的时间+15。注意第一个有趣的时间要为0，最后一个为90。
代码：
1 /*A*/ 2 #include<cstdio> 3 using namespace std; 4 5 const int maxn=95; 6 7 int main() 8 { 9 int n; 10 while(scanf("%d",&n)!=EOF) 11 { 12 int a[maxn]; 13 a[0]=0; 14 for(int i=1;i<=n;i++) 15 scanf("%d",&a[i]); 16 a[n+1]=90; 17 int ans=90; 18 for(int i=1;i<=n+1;i++) 19 { 20 if((a[i]-a[i-1])>15) 21 { 22 ans=a[i-1]+15; 23 break; 24 } 25 } 26 if(ans>90) ans=90; 27 printf("%d ",ans); 28 } 29 return 0; 30 }
B. Problems for Round
题意：有一些题目，要分成div1和div2两个部分。同时要满足这些条件：
1.每个部分的题目数都不能为0 。
2.每个题目只用属于一个部分。
3.每个div1的题目都要比div2的题目难。
4.如果两个题目是相似的，那么他们要分别属于两个部分。
给出题目数量n，相似的题目对数。n个题目的难度系数为1~n。
题解：根据给的相似的题目，我们可判断出这两个中简单的在div2,难的在div1同时还可以知道，比简单的那个题目更简单的所有题目都会在div2,难的同理。比如：有5个题目，那么难度系数分别为1,2,3,4,5现在给出4,2,是相似的，那么2肯定在div2,4肯定在div1,因为每个div1的题目都要比div2的题目简单，所以 1肯定也是在div2 的，5肯定在div1。也就是说我们只要找到div2 中最难的题目max和div1中最简单的题目min，然后就可以确定比max简单的都在div2,比min难的都在div1。如果max>=min,说明有交叉，肯定是不行的，那么输出0。如果max<min我们可以求出d=min-max-1，就是中间还没有确定在哪个部分的题目，用隔板法可以知道有d+1种方法。不过因为每个部分都要有题目，所以当d==n的时候答案要-2。
代码：
1 /*B*/ 2 #include<cstdio> 3 #include<cstring> 4 using namespace std; 5 6 const int maxn=100000+100; 7 8 int main() 9 { 10 int n,m; 11 while(scanf("%d%d",&n,&m)!=EOF) 12 { 13 int a,b; 14 int max=0; 15 int min=n+1; 16 int flag=1; 17 for(int i=0;i<m;i++) 18 { 19 scanf("%d%d",&a,&b); 20 if(a>b) 21 { 22 a=a+b; 23 b=a-b; 24 a=a-b; 25 } 26 if(a>max) 27 max=a; 28 if(b<min) 29 min=b; 30 if(min<=max) 31 flag=0; 32 } 33 if(flag==0) 34 printf("0 "); 35 else 36 { 37 int d=min-max-1; 38 int ans=d+1; 39 if(d==n) 40 ans-=2; 41 printf("%d ",ans); 42 } 43 } 44 return 0; 45 }
C. Bear and Colors
题意：有个不同颜色的球，每个颜色就是一个编号。现在定义一段（子序列）中的主色，就是一段中颜色数量最多的那个颜色，如果数量相同，那么就是编号最小的那个。现在求每个颜色在多少个段中为主色。
题解：用两个for循环，计算从i到j 这个段中的主色。用一个数组来记录每个颜色是数量，同时更新maxt(数量），和maxp(颜色），得出一段中的主色，最后更新到ans数组。
代码：
1 /*C*/ 2 #include<cstdio> 3 #include<cstring> 4 using namespace std; 5 6 const int maxn=5000+10; 7 8 int main() 9 { 10 int n; 11 while(scanf("%d",&n)!=EOF) 12 { 13 int t[maxn]; 14 for(int i=0;i<n;i++) 15 scanf("%d",&t[i]); 16 int ans[maxn]; 17 int a[maxn]; 18 memset(ans,0,sizeof(ans)); 19 int maxt=0,maxp; 20 for(int i=0;i<n;i++) 21 { 22 memset(a,0,sizeof(a)); 23 maxt=0;maxp=0; 24 for(int j=i;j<n;j++) 25 { 26 a[t[j]]++; 27 if(a[t[j]]>maxt) 28 { 29 maxt=a[t[j]]; 30 maxp=t[j]; 31 } 32 else if(a[t[j]]==maxt) 33 { 34 if(t[j]<maxp) 35 maxp=t[j]; 36 } 37 ans[maxp]++; 38 } 39 } 40 printf("%d",ans[1]); 41 for(int i=2;i<=n;i++) 42 printf(" %d",ans[i]); 43 printf(" "); 44 } 45 return 0; 46 }