给出两个单向链表的头指针，比如h1和h2，判断这两个链表是否相交。这里为了简化问题，我们假设两个链表均不带环。
解法一：直观的想法
先判断第一个链表的每个节点是否在第二个链表中。这种方法的时间复杂度为O（Length(h1)*Length(h2)）。
可见，这种方法很耗时间。
解法二：利用计数的方法
易知，如果两个链表相交，那么这两个链表就会有共同的节点。而节点的地址又是节点的唯一标志。所以，我们能够判断两个链表中是否存在地址一致的节点，就可以知道这两个链表是否相交。简单的做法：对第一个链表的节点地址进行hash排序，建立hash表，然后针对第二个链表的每个节点的地址查询hash表，如果它在hash表中出现，说明第二个链表和第一个链表有共同的节点。时间复杂度O（Length(h1)+Length(h2)），但需要附加O（Length(h1)）的存储空间，以存储hash表。
解法三： 转化为另一已知问题
由于两个链表都没有环，我们可以吧第二个链表接在第一个链表后面，如果得到的链表有环，则说明这两个链表相交。否则，这两个链表不相交。因此原问题就转化成判断一个链表是否有环。 注： 在这里如果有环，则第二个链表的表头一定在环上，因此只需从第二个链表开始遍历，看是否会回到起始点就可以判断出来。 最后别忘了恢复原来的状态，去掉从第一个链表到第二个链表表头的指向。
评价： 这方法总的时间复杂度也是线性的，且只需要常数的空间。
解法四： 抓住要点
仔细观察不难发现：如果没有环的两个链表相交于某一节点，那么在这个节点之后的所有节点都是两个链表所共有的。（利用这个特点简化解法）：如果他们相交，则最后一个节点一定是共有的。
具体思路：
先遍历第一个链表，记住最后一个节点。然后遍历第二个链表，到最后一个节点时和第一个链表的最后一个节点做比较，如果相同，则相交，否则，不相交。
时间复杂度O（Length(h1)+Length(h2)），而且只用了一个额外的指针来存储最后一个节点。