POJ2480:Longge's problem（欧拉函数的应用）

题目链接：传送门

题目需求：

 Given an integer N(1 < N < 2^31),you are to calculate ∑gcd(i, N) 1<=i <=N. 这题就是上一篇博客的变形。

题目解析：首先先求出与N互质的个数，即N的欧拉函数值，之后分解出N的因子来，求解方法如下。

证明：

要求有多少个 i 满足gcd(i, N) = d 如果gcd(i, N) = d，则gcd(i/d, N/d) = 1 由于i <= N，所以 i/d <= N/d，转化为求多少个不大于N/d的数与N/d互质，而这就是欧拉函数 所以有phi(N/d)个 i 满足gcd(i, N) = d，所以∑d*phi(N/d)即为答案。

我搜了大部分人的题解都是利用乘性函数做的，思想我附在代码下面，因为已A，我就不用他们那种方法了。

代码：（欧拉函数打表204ms)

#include <iostream>
#include <stdio.h>
#include <string.h>
#include <algorithm>
#include <math.h>
typedef long long ll;
using namespace std;
ll phi[100005];
ll f[10005];
ll sum,n,t,tt,i;
void init()
{
    memset(phi,0,sizeof(phi));
    phi[1]=1;
    for(int i=2; i<=10000; i++)
    {
        if(!phi[i])
        {
            for(int j=i; j<=10000; j=j+i)
            {
                if(!phi[j]) phi[j]=j;
                phi[j]-=phi[j]/i;
            }
        }
    }
}
int main()
{
    init();
    while(scanf("%I64d",&n)!=EOF)
    {
        tt=0;
        for(i=2; i*i<n; i++)
        {
            if(n%i==0)
            {
                f[tt++]=i;
                f[tt++]=n/i;
            }
        }
        if(i*i==n)
            f[tt++]=i;
        sort(f,f+tt);
        if(tt==0)
        {
            tt=2*n-1;
            printf("%I64d
",tt);
            continue;
        }
        t=n;
        sum=n;
        for(i=2; i*i<=t; i++)
        {
            if(t%i==0)
            {
                sum-=sum/i;
                t/=i;
                while(t%i==0)
                    t/=i;
            }
        }
        if(t!=1)
            sum-=sum/t;
        sum+=n;
        for(i=0; i<tt; i++)
        {
            if(n/f[i]>=10000)
            {
                ll temp=n/f[i];
                ll cot=temp;
                for(ll z=2; z*z<=temp; z++)
                {
                    if(temp%z==0)
                    {
                        t/=z;
                        cot-=cot/z;
                        while(temp%z==0)
                            temp/=z;
                    }
                }
                if(temp!=1) cot-=cot/temp;
                sum+=cot*f[i];
                continue;
            }
            sum+=(phi[n/f[i]])*f[i];
        }
        printf("%I64d
",sum);
    }
    return 0;
}

下面推导没看懂。。。。。

积性函数：若任取互质的两个数m,n，都有f(m*n) = f(m)*f(n)，那么f就是积性函数

 容易证明gcd(i,n)是积性函数，即： 如果n = m1*m2 且gcd(i,m1*m2) = gcd(i,m1)*gcd(i,m2).  然后根据具体数学上的结论： 积性函数的和也是积性的，所以如果我们设所求答案是f(n) 则： f(n) = f(m1)*(m2) 其中，m1*m2 = n 且m1,m2互质！

经过因子分解，那种只要求到f(p^k)就可以利用积性把所有结果相乘得到最后答案。

还要一个结论： f(n) = sum(p * phi(n/p))  其中p是n的因子，phi(n/p) 是从1到n有多少个数和n的gcd是p,  这个结论比较好证明的。

 所以求f(p^k)转化成求phi(p^i) i =0....k;  而根据公式phi(p^i) = (p-1)*p^(i-1)可以求出，这样整个问题就解决了。