没能自己推出来/kk
显然，题目的限制条件就是：
-
选择奇数个数，且总数 (le max_n)
-
(a_nmod 2=0,dfrac{a_n}{g}mod 2=1)
直接枚举 (g) 的最高的 (2) 的次幂可以将限制二转化为：在 ([1,dfrac{max_a}{2^k}]) 中选数，最大的数是奇数。
枚举最大数，枚举选的数的个数可以得到一个 (O(nalog a)) 的暴力（这个 (log) 的来源是：每次传 a=maxa>>i 进去）
for(int i=1;i<=a;i+=2)
for(int j=1;j<=n;j+=2)
ans+=C[i-1][j-1];
推到这里就我推不动了/kk，一直考虑怎么算这个式子发现完全不会。。。然后只好去看题解/kk
用生成函数 (F(a,p)=sum f(i,a,p)z^i) ， (f(i,a,p))表示在 ([1,a]) 中选数，最大数奇偶性为 (p) 选了 (i) 个的方案数，并且规定 f(0,x,y)=0，即不包括选 (0) 个数的情况
然后就是两个很牛逼的转移
怎么说呢？看到这个转移一下子就能懂，自己就是写不出来/kk
第一行：在 ([1,2a]) 中选数，相当于只选 (le a) 的，再加上，选一部分 (le a) 的并且加 (a) ，就能出现 (>a) 的数了。
（如果生成函数看不习惯可以写成卷积的形式，可能更好理解）
具体来说，前 (i) 个数 (le a) 并且随便选，后 (n-i) 个数 (le a) 然后加 (a) ，同时要保证最大数的奇偶性，就有了第一行转移。妙啊！
第二行：分选 (a+1) 与不选 (a+1) 来讨论。不选就是 (F(a,p)) ，选 (a+1) 那么 (le a) 的数就随便选了。
直接倍增FFT求解。但是记住 (g) 中 (2) 的最高次幂不能是 (0) ，所以读进来的 (a) 要除以 (2) 。我tm写着写着忘掉了，白调了一个小时/kk
另外，这题并不用MTT，(1e5) 以内卷起来不会有精度问题，最大卷起来 (1e5*1e5*3e4=3e14) ，而且远达不到，炸不掉 double 的精度，好调好写跑得快。
虽然这题要对 (log a) 种 (a) 求值，但是显然，每倍增一位就统计一次答案可以随手消掉这个 (log a) ，总复杂度还是倍增FFT的复杂度 (O(nlog nlog a))。
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define fi first
#define se second
#define mkp(x,y) make_pair(x,y)
#define pb(x) push_back(x)
#define sz(v) (int)v.size()
typedef long long LL;
typedef double db;
template<class T>bool ckmax(T&x,T y){return x<y?x=y,1:0;}
template<class T>bool ckmin(T&x,T y){return x>y?x=y,1:0;}
#define rep(i,x,y) for(int i=x,i##end=y;i<=i##end;++i)
#define per(i,x,y) for(int i=x,i##end=y;i>=i##end;--i)
inline int read(){
int x=0,f=1;char ch=getchar();
while(!isdigit(ch)){if(ch=='-')f=0;ch=getchar();}
while(isdigit(ch))x=x*10+ch-'0',ch=getchar();
return f?x:-x;
}
const int N=30005;
const int M=N<<2;
int n,a,mod,f[2][M],ans;
int fmod(int x){return x-=mod,x+=x>>31&mod,x;}
namespace poly{
const db PI=acos(-1);
struct cp{
db x,y;
cp(){x=y=0;}
cp(db x_,db y_){x=x_,y=y_;}
cp operator + (const cp&t)const{return cp(x+t.x,y+t.y);}
cp operator - (const cp&t)const{return cp(x-t.x,y-t.y);}
cp operator * (const cp&t)const{return cp(x*t.x-y*t.y,x*t.y+y*t.x);}
}w[M];
int rev[M],lim,lg;
void init(const int&n){
for(lg=0,lim=1;lim<n;++lg,lim<<=1);
for(int i=0;i<lim;++i)rev[i]=(rev[i>>1]>>1)|((i&1)<<(lg-1)),w[i]=cp(cos(2*PI*i/lim),sin(2*PI*i/lim));
}
void FFT(cp*a,int op){
for(int i=0;i<lim;++i)if(i>rev[i])swap(a[i],a[rev[i]]);
for(int i=1,t=lim>>1;i<lim;i<<=1,t>>=1){
for(int j=0;j<lim;j+=i<<1){
for(int k=0;k<i;++k){
const cp X=a[j+k],Y=w[k*t]*a[i+j+k];
a[j+k]=X+Y,a[i+j+k]=X-Y;
}
}
}
if(op)return;
for(int i=0;i<lim;++i)a[i].x/=lim;
}
void mul(int*f,int*g,int*ans){
static cp A[M],B[M];
for(int i=0;i<lim;++i)A[i]=cp(f[i],0),B[i]=cp(g[i],0);
FFT(A,1),FFT(B,1);
for(int i=0;i<lim;++i)A[i]=A[i]*B[i],w[i].y*=-1;
FFT(A,0);
for(int i=0;i<lim;++i)ans[i]=LL(A[i].x+0.5)%mod;
for(int i=0;i<lim;++i)w[i].y*=-1;
}
#define clr(a,n) memset(a,0,sizeof(int)*(n))
void shift(const int&n,const int&a){
static int g[M],h[M],q[M];
clr(g,lim),clr(h,lim),clr(q,lim),g[0]=1;
for(int i=1;i<=n;++i)g[i]=fmod(f[0][i]+f[1][i]);
mul(g,f[a&1],h),mul(g,f[(a&1)^1],q);
for(int i=1;i<=n;++i)f[0][i]=fmod(f[0][i]+h[i]),f[1][i]=fmod(f[1][i]+q[i]);
}
void setbit(const int&n,const int&a){
static int g[N];g[0]=1;
for(int i=1;i<=n;++i)g[i]=fmod(f[0][i]+f[1][i]),f[1][i]=fmod(f[1][i]+g[i-1]);
}
}
signed main(){
n=read(),a=read()>>1,mod=read();
if(!a)return puts("0"),0;
f[1][1]=ans=1,poly::init(n<<1);
for(int i=log2(a)-1,len=1;i>=0;--i){
poly::shift(n,len),len<<=1;
if(a>>i&1)poly::setbit(n,len),++len;
for(int j=1;j<=n;j+=2)ans=fmod(ans+f[1][j]);
}
printf("%d
",ans);
return 0;
}