ABC156 F

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题意还是比较清楚的，给你q个询问，对每组询问的模数和初始值不同，求满足条件(a_j~ extrm{mod}~m_i < a_{j + 1}~ extrm{mod}~m_i，(0 leq j < n_i - 1))的j的个数
正向不好求解，那我们可以反着找，也就是找满足条件(a_j~ extrm{mod}~m_i geq a_{j + 1}~ extrm{mod}~m_i，(0 leq j < n_i - 1))的个数
(a_j~ extrm{mod}~m_i = a_{j + 1}~ extrm{mod}~m_i)时，只有当(d_i=0)的时候满足条件，统计个数即可
(a_j~ extrm{mod}~m_i > a_{j + 1}~ extrm{mod}~m_i)时，由于(a_i)是递增的，那么他只有在(a_{i+1}>m, a_i<m)的时候满足这个条件，因为对m取模，也就是说，每满足一次这个条件，(sum d_i)除以m的商都会增加1
因为n远大于k，那我们可以只求一次k，然后找有几次循环，最后再加上不足k的那一次就行了

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define lowbit(x) ((x)&(-x))
typedef long long LL;

int d[5005];

void run_case() {
    int k, q;
    cin >> k >> q;
    for(int i = 0; i < k; ++i) cin >> d[i];
    while(q--) {
        int n, x, m;
        cin >> n >> x >> m;
        x %= m;
        LL sum = 0, zero = 0;
        for(int i = 0; i < k; ++i) {
            sum += (d[i] % m);
            zero += (d[i] % m == 0);
        }
        LL large = 1LL*((n-1)/k)*sum;
        zero = zero*((n-1)/k);
        for(int i = 0; i < n-1-((n-1)/k)*k; ++i) {
            large += (d[i] % m);
            zero += (d[i] % m == 0);
        }
        cout << n-1-(large+x)/m-zero << "
";
    }

}

int main() {
    ios::sync_with_stdio(false), cin.tie(0);
    cout.flags(ios::fixed);cout.precision(10);
    run_case();
    cout.flush();
    return 0;
}