【洛谷3948】数据结构

题面

分析

看着数据规模很大，实际上Q只有1000组，后面都是无修改的询问了。

于是考虑到差分区间修改，可以达到O(1)的效率，而每次查询的时候再O(N)计算差分数组的前缀和即可。

对于后面不带修改的询问，只需要O(N)维护前缀和

时间复杂度O(N*Q)。其实感觉就是个暴力qvq

代码

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define N 800080
#define ll long long
ll minx,maxx,mod,n,q,l,r,x,ans,now,final;
char op[10];
ll a[N],c[N],sum[N];
template<class T>
inline void read(T &x)
{
    x=0;ll f=1;static char c=getchar();
    while(c<'0'||c>'9') {if(c=='-')f=-1;c=getchar();}
    while(c>='0'&&c<='9'){x=x*10+c-'0',c=getchar();}
    x*=f;
}
int main()
{
    read(n);read(q);read(mod);read(minx);read(maxx);
    while(q--)
    {
        scanf("%s",op);
        if(op[0]=='A')
        {
            read(l),read(r),read(x);
            c[l]+=x;c[r+1]-=x;
        }
        else
        {
            ans=0;now=0;
            read(l);read(r);
            for(ll i=1;i<=r;i++)
            {
                now+=c[i];
                if(i>=l&&(now*i)%mod>=minx&&(now*i)%mod<=maxx)
                    ans++;
            }
            printf("%lld
",ans);
        }
    }
    read(final);
    for(ll i=1;i<=n;i++)
    {
        a[i]=a[i-1]+c[i];
        if((a[i]*i)%mod>=minx&&(a[i]*i)%mod<=maxx)sum[i]=sum[i-1]+1;
        else sum[i]=sum[i-1];
    }
    while(final--)
    {
        read(l);read(r);
        printf("%lld
",sum[r]-sum[l-1]);
    }
    return 0;
}