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    typedef long long ll;
    int a[20];
    ll dp[20][state];//不同题目状态不同
    ll dfs(int pos,/*state变量*/,bool lead/*前导零*/,bool limit/*数位上界变量*/)//不是每个题都要判断前导零
    {
        //递归边界,既然是按位枚举,最低位是0,那么pos==-1说明这个数我枚举完了
        if(pos==-1) return 1;//这里一般返回1,表示你枚举的这个数是合法的,
        //那么这里就需要你在枚举时必须每一位都要满足题目条件,也就是说当前枚举到pos位,
        //一定要保证前面已经枚举的数位是合法的。不过具体题目不同或者写法不同的话不一定要返回1 
        //第二个就是记忆化(在此前可能不同题目还能有一些剪枝)
        if(!limit && !lead && dp[pos][state]!=-1) return dp[pos][state];
        /*常规写法都是在没有限制的条件记忆化,这里与下面记录状态是对应,具体为什么是有条件的记忆化后面会讲*/
        int up=limit?a[pos]:9;//根据limit判断枚举的上界up;这个的例子前面用213讲过了
        ll ans=0;
        //开始计数
        for(int i=0;i<=up;i++)//枚举,然后把不同情况的个数加到ans就可以了
        {
            if() ...
            else if()...
            ans+=dfs(pos-1,/*状态转移*/,lead && i==0,limit && i==a[pos]) //最后两个变量传参都是这样写的
            /*这里还算比较灵活,不过做几个题就觉得这里也是套路了
            大概就是说,我当前数位枚举的数是i,然后根据题目的约束条件分类讨论
            去计算不同情况下的个数,还有要根据state变量来保证i的合法性,比如题目
            要求数位上不能有62连续出现,那么就是state就是要保存前一位pre,然后分类,
            前一位如果是6那么这意味就不能是2,这里一定要保存枚举的这个数是合法*/
        }
        //计算完,记录状态
        if(!limit && !lead) dp[pos][state]=ans;
        /*这里对应上面的记忆化,在一定条件下时记录,保证一致性,当然如果约束条件不需要考虑lead,这里就是lead就完全不用考虑了*/
        return ans;
    }
    ll solve(ll x)
    {
        int pos=0;
        while(x)//把数位都分解出来
        {
            a[pos++]=x%10;//个人老是喜欢编号为[0,pos),看不惯的就按自己习惯来,反正注意数位边界就行
            x/=10;
        }
        return dfs(pos-1/*从最高位开始枚举*/,/*一系列状态 */,true,true);//刚开始最高位都是有限制并且有前导零的,显然比最高位还要高的一位视为0嘛
    }
    int main()
    {
        ll le,ri;
        while(~scanf("%lld%lld",&le,&ri))
        {
            //初始化dp数组为-1,这里还有更加优美的优化,后面讲
            printf("%lld
    ",solve(ri)-solve(le-1));
        }
    }
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