zoj 3822 Domination (概率dp 天数期望)

题目链接

参考博客：http://blog.csdn.net/napoleon_acm/article/details/40020297

题意：给定n*m的空棋盘

每一次在上面选择一个空的位置放置一枚棋子，直至每一行每一列都至少有一个棋子，求放置次数的期望

分析：

dp[i][j][k] 表示当前用了<=k个chess ,覆盖了i行j列(i*j的格子 每行至少一个，每列至少一个)的概率。

dp[i][j][k] 由 dp[i][j][k-1] , dp[i-1][j][k-1], dp[i][j-1][k-1], dp[i-1][j-1][k-1]得到，分别表示 添加的新的一个chess, 不覆盖新的行列， 只新覆盖一行， 只新覆盖一列， 同时新覆盖一行和一列,得到dp[i][j][k]。
递推时， 每个概率 * (可以覆盖的点数/剩余所有的空点数) 相加得到[i][j][k].

ans += (dp[n][m][i] - dp[n][m][i-1])* i；  (i = [1, n*m])

#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <cstdlib>
#include <cmath>
#include <algorithm>
#define LL __int64
const int maxn = 50+10;
using namespace std;
double d[maxn][maxn][2600];

int main()
{
    double ans;
    int t, i, j, k, n, m;
    cin>>t;
    while(t--)
    {
        cin>>n>>m;
        memset(d, 0, sizeof(d));
        d[0][0][0] = 1;
        for(i = 1; i <= n; i++)
        for(j = 1; j <= m; j++)
        for(k = 1; k <= n*m; k++)
        {
            int sum = n*m-k+1;
            d[i][j][k] = d[i][j][k-1]*((i*j-k+1)*1.0/sum*1.0)+  //因为这里还加上了已经覆盖了i行j列的概率，所以dp[i][j][k] 表示当前用了<=k个chess ,覆盖了i行j列(i*j的格子 每行至少一个，每列至少一个)的概率。
            d[i-1][j][k-1]*(j*(n-i+1)*1.0/sum*1.0)+
            d[i][j-1][k-1]*(i*(m-j+1)*1.0/sum*1.0)+
            d[i-1][j-1][k-1]*((n-i+1)*(m-j+1)*1.0/sum*1.0);
        }
        ans = 0;
        for(i = 1; i <= n*m; i++)
        ans += (d[n][m][i]-d[n][m][i-1])*i;  //减去表示用i个棋子覆盖的概率。

        printf("%.12lf
", ans);
    }
    return 0;
}

做了后一道概率dp，发现也可以用期望你逆推的方法。

可参照博客：http://blog.csdn.net/smz436487/article/details/40049189

初始化：dp[i][n][m]=0;(0<=i<=n*m)

dp[0][0][0]就是答案。

2维的没办法描述每种状态下的概率

代码：

#include <iostream>
#include <cstring>
#include <cstdio>
using namespace std;
double dp[2505][55][55];
int main()
{
    int t,n,m;
    scanf("%d",&t);
    while(t--){
        scanf("%d%d",&n,&m);
        memset(dp,0,sizeof(dp));
        for(int i=n*m-1;i>=0;i--){
            for(int j=n;j>=0;j--){
                for(int k=m;k>=0;k--){
                    if(j==n&&k==m)continue;
                    if(j*k<i)continue;
                    double p1,p2,p3,p4;
                    p1=1.0*(j*k-i)/(n*m-i);
                    p2=1.0*(n-j)*k/(n*m-i);
                    p3=1.0*(m-k)*j/(n*m-i);
                    p4=1.0*(n-j)*(m-k)/(n*m-i);
                    dp[i][j][k]=dp[i+1][j][k]*p1+dp[i+1][j+1][k]*p2+dp[i+1][j][k+1]*p3+dp[i+1][j+1][k+1]*p4+1;
                }
            }
        }
        printf("%.10lf
",dp[0][0][0]);
    }
    return 0;
}