题目链接。只要有一个可读就行，容斥会好做一点。
可读数量 (=) 总数 (-) 不可读数量
总数显然是 (26 ^ n)。
求解不可读数量
不可读数量可以利用 AC 自动机的模型进行 DP，把 (AC) 自动机上所有串的终点及他们在 fail 树上的子树全部染上非法，这样即求在 AC 自动机上走 (m) 步，不经过非法点的方案数？
朴素 (DP) （或者说递推的思想）：
(f[i][j]) 表示前 (i) 个字符，当前在 AC 自动机上的节点编号是 (j) 的方案数。
设 (u) 点走一步能到 (v)，显然：(f[i][v] = sum f[i - 1][u])。
复杂度 (O(2600MN)) 即 (2600 * 6000) 差不多 (1e7) 的亚子轻松跑过。
#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <cstring>
using namespace std;
const int L = 6005, M = 105, S = 26, P = 10007;
int n, m, q[L], f[M][L], tr[L][S], idx, fail[L];
bool e[L];
char s[M];
void insert() {
int len = strlen(s + 1), p = 0;
for (int i = 1; i <= len; i++) {
int ch = s[i] - 'A';
if (!tr[p][ch]) tr[p][ch] = ++idx;
p = tr[p][ch];
}
e[p] = true;
}
void build() {
int hh = 0, tt = -1;
for (int i = 0; i < 26; i++)
if (tr[0][i]) q[++tt] = tr[0][i];
while (hh <= tt) {
int u = q[hh++];
for (int i = 0; i < 26; i++) {
int v = tr[u][i];
if (v) {
fail[v] = tr[fail[u]][i];
if (e[fail[v]]) e[v] = true;
q[++tt] = v;
} else tr[u][i] = tr[fail[u]][i];
}
}
}
int main() {
scanf("%d%d", &n, &m);
for (int i = 1; i <= n; i++) {
scanf("%s", s + 1);
insert();
}
build();
f[0][0] = 1;
for (int i = 0; i < m; i++) {
for (int u = 0; u <= idx; u++) {
if (e[u] || !f[i][u]) continue;
for (int k = 0; k < 26; k++) {
int v = tr[u][k];
if (e[v]) continue;
(f[i + 1][v] += f[i][u]) %= P;
}
}
}
int ans = 1;
for (int i = 1; i <= m; i++) ans = ans * 26 % P;
for (int i = 0; i <= idx; i++)
if (!e[i]) ans = (ans - f[m][i] + P) % P;
printf("%d
", ans);
return 0;
}