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BUPT2017 wintertraining(15) #8A

题意

n(<100)个城市组成的树。A攻击i城市需要a[i]代价，B需要b[i]。如果一个城市的邻居被A攻击了，那么A攻击它只要A[i]/2（整除）的代价，B同理。求攻击全部城市的最小代价。

题解

这题很容易想到树形dp。
每个节点为根的子树，有可能是：
A从根的上面攻击下来，
A从根或下面攻击到根上面，
B从根的上面攻击下来，
B从根或下面攻击到根上面。
于是设计状态
dp[i][0..1][0..1]分别对应i为根的子树上面四种状态下攻击整个子树的最小代价。

然后dfs，在回溯的时候进行状态转移。

代码

#include <cstdio>
#include <algorithm>
#include <cstring>
using namespace std;
#define N 105
#define inf 0x3f3f3f3f
struct edge{
	int to,next;
}e[N<<1];
int head[N],cnt;
void add(int u,int v){
	e[++cnt]=(edge){v, head[u]};
	head[u]=cnt;
}
int a[N],b[N];
int dp[N][2][2];
int f[N][2];
void dfs(int x, int fa){
	//ha:先用A攻击x，再攻击它子树的最少花费
	int ha=0,hb=0;
	for(int i=head[x];i;i=e[i].next){
		int v=e[i].to;
		if(v==fa)continue;
		dfs(v,x);
		//如果A攻击了x，儿子i为根的子树的最小花费就是min(A下去攻击i，或者B攻上来到i)。
		ha+=min(dp[v][0][0],dp[v][1][1]);
		hb+=min(dp[v][1][0],dp[v][0][1]);
		f[x][0]=min(f[x][0],f[v][0]);//f[i][0]:min(A先攻击i的某个子节点-不用A先攻击该子节点)，就是最小的增加量。
		f[x][1]=min(f[x][1],f[v][1]);
	}
	dp[x][0][0]=ha+a[x]/2;
	dp[x][1][0]=hb+b[x]/2;

	//x的儿子里选一个先攻击，就要加上f[x][0]+a[x]/2（半价攻击x）
	//先攻击x，就要加上a[x]（全价攻击x）
	dp[x][0][1]=ha+min(f[x][0]+a[x]/2, a[x]);
	dp[x][1][1]=hb+min(f[x][1]+b[x]/2, b[x]);
	//如果选择不用A从下往上攻击x节点，我们肯定要选其它方案里花费最小的一种。所以取min。
	f[x][0]=dp[x][0][1]-min(dp[x][0][0], dp[x][1][1]);
	f[x][1]=dp[x][1][1]-min(dp[x][1][0], dp[x][0][1]);
}
int n;
void init(){
	cnt=0;
	memset(head, 0,sizeof head);
	memset(dp, 0, sizeof dp);
	memset(f, inf, sizeof f);
}
void work(){
	for(int i=1;i<=n;++i)
		scanf("%d",a+i);
	for(int i=1;i<=n;++i)
		scanf("%d",b+i);
	for(int i=1,x,y;i<n;++i)
		scanf("%d%d",&x,&y),add(x,y),add(y,x);
	dfs(1,0);
		printf("%d
",min(dp[1][1][1], dp[1][0][1]));
	}
int main(){
	while(~scanf("%d", &n)){
		init();
		work();
	}
}

ps.这题四个月前补过一次，今天又不会了。花了好久才明白。主要是状态的设计和转移。我觉得我这种转移写法也许算是比较难理解和直接写出来的，我当时是参考了别的题解再改了改。