要打对拍。
要打对拍。
要打对拍。
要手模数据。
要手模数据。
要手模数据。
不要相信样例。
不要相信样例。
不要相信样例。
不要飘。
不要飘。
不要飘。
跟skyh学坏了。最近不打对拍。
连续十几次考试都没打对拍，都没有出锅。
但是这次就崩了。
飘了。最近是有点飘。
也算是敲响了警钟吧。
样例都是精心构造的，有的是故意让你理解错的，有的是故意让你打错的。
我的代码除了样例基本都输出No，随便手模了一组样例就挂了。
侥幸拿到了30分。虽然也没爆零，但是也足以长记性了吧。
其实是一个大小于号打反了，判断条件写错了。
要对码下的每一个字负责。
上一轮11场以rank5告终了：2330/2143/2002/1924/1895/1890/1863/1853/1796/1731/1646/1630/1619/1590/1575|机房分数线
（和谐了一句话），跟前面的三个大神和一个大脸差距极大。。。
但是上一轮总体来说，尤其到后半，还是比较稳的。
可是这一轮一开始就是严重爆炸，直接150分差敬上。。。
长记性吧，别再犯了。
T1：序列
简单的构造题。根据A*B=N的特殊数据就可以造了。
注意大小于号不要写反。
1 #include<cstdio> 2 int main(){ 3 int t,n,a,b;scanf("%d",&t); 4 while(t--){ 5 scanf("%d%d%d",&n,&a,&b); 6 if(a+b-1>n||1ll*a*b<n){puts("No");continue;}; 7 puts("Yes");n-=a;b--; 8 for(int i=1;i<=a;++i)printf("%d ",n+i); 9 if(!b){puts("");continue;} 10 int sz=n/b+1,tms=n%b,sz2=n/b,tms2=b-n%b; 11 while(tms--){n-=sz;for(int i=1;i<=sz;++i)printf("%d ",n+i);} 12 while(tms2--){n-=sz2;for(int i=1;i<=sz2;++i)printf("%d ",n+i);} 13 puts(""); 14 } 15 }
T2：购物
算是半个结论，但是稍显然。排序后考虑每个物品的一半和前面所有物品的sum的关系，看有没有断档即可。
1 #include<cstdio> 2 #include<algorithm> 3 int n;long long a[100005],sum,l[100005],r[100005],ans; 4 int main(){ 5 scanf("%d",&n); 6 for(int i=1;i<=n;++i)scanf("%lld",&a[i]); 7 std::sort(a+1,a+1+n); 8 for(int i=1;i<=n;++i) 9 if((a[i]+1>>1)>r[i-1])ans+=r[i-1]-l[i-1]+1,sum+=a[i],l[i]=a[i]+1>>1,r[i]=sum; 10 else l[i]=l[i-1],sum+=a[i],r[i]=sum; 11 ans+=r[n]-l[n]+1; 12 printf("%lld ",ans-1); 13 }
T3：计数
看起来很难。
前序遍历有很多性质。
（——By rvalue %%%，他讲的太好了我就不想写了）
数对的限制很难处理。怎么突破？
可以发现在前序遍历确定后，中序遍历关系所限制的，其实就是a是否在b的左子树内。
进一步说，b限制的是a的子树大小。
如果在子树内，那么限制的就是左子树大小的下界，否则限制上界。
所以设dp[i][j]表示以i为根的子树大小为j。然后就
记忆化一发即可。
（当然也可以直接dp参见LNC）
1 #include<cstdio> 2 #include<iostream> 3 using namespace std; 4 #define mod 1000000007 5 int liml[405],limr[405],dp[405][405],m,n; 6 int sch(int ord,int sz){ 7 if(dp[ord][sz]!=-1)return dp[ord][sz]; 8 if(!sz)return dp[ord][sz]=1; 9 dp[ord][sz]=0; 10 for(int k=liml[ord];k<sz&&k<=limr[ord];++k)dp[ord][sz]=(dp[ord][sz]+1ll*sch(ord+1,k)*sch(ord+1+k,sz-k-1))%mod; 11 return dp[ord][sz]; 12 } 13 int main(){ 14 int t,n,m,a,b;scanf("%d",&t); 15 while(t--){ 16 scanf("%d%d",&n,&m); 17 for(int i=1;i<=n+1;++i)for(int j=0;j<=n;++j)dp[i][j]=-1; 18 for(int i=1;i<=n;++i)liml[i]=0,limr[i]=n-i+1; 19 while(m--){ 20 scanf("%d%d",&a,&b); 21 if(a>b)liml[b]=max(liml[b],a-b);else limr[a]=min(limr[a],b-a-1); 22 }printf("%d ",sch(1,n)); 23 } 24 }