http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=3196
Treap+树状数组
1WA1A，好伤心，本来是可以直接1A的，这次开始我并没有看题解，就写出来了，但是没有处理多个节点相同的情况，添加了多值单节点后，我竟然过不了样例，一直在调bug，哪想到是我改的时候手一抖把update的更新写错了。T_T，美好的青春就这样浪费了。
题目比较水，和Dynamic Rankings差不多，多思考就能写出来了。
#include <cstdio>
#include <cstdlib>
using namespace std;
#define lowbit(x) (x&-x)
#define max(a,b) ((a)>(b)?(a):(b))
#define min(a,b) ((a)<(b)?(a):(b))
const int oo=~0u>>1, N=50005;
int a[N], cnt;
struct node {
node* ch[2];
int key, size, wei, cnt;
node() { ch[0]=ch[1]=NULL; key=size=cnt=0; wei=rand(); }
void pushup() { size=ch[0]->size+ch[1]->size+cnt; }
}*null;
struct Treap {
node* root;
Treap() { root=null; }
void rot(node* &rt, bool d) {
node* c=rt->ch[!d]; rt->ch[!d]=c->ch[d]; c->ch[d]=rt;
rt->pushup(); c->pushup();
if(root==rt) root=c;
rt=c;
}
node* newnode(const int &key) {
node* ret=new node;
ret->key=key; ret->size=ret->cnt=1;
ret->ch[0]=ret->ch[1]=null;
return ret;
}
void insert(const int &key, node* &rt) {
if(rt==null) { rt=newnode(key); return; }
if(key==rt->key) { rt->cnt++; rt->size++; return; }
bool d=key>rt->key;
insert(key, rt->ch[d]);
if(rt->wei>rt->ch[d]->wei) rot(rt, !d);
rt->pushup();
}
void remove(const int &key, node* &rt) {
if(rt==null) return;
int d=key>rt->key;
if(key==rt->key) {
if(rt->cnt>1) { rt->cnt--; rt->size--; return; }
d=rt->ch[0]->wei>rt->ch[1]->wei;
if(rt->ch[d]==null) {
delete rt;
rt=null;
return;
}
rot(rt, !d);
remove(key, rt->ch[!d]);
}
else remove(key, rt->ch[d]);
rt->pushup();
}
int rank(const int &key) {
int ret=0, s;
for(node* t=root; t!=null;) {
s=t->ch[0]->size+t->cnt;
if(key>t->key) ret+=s, t=t->ch[1];
else t=t->ch[0];
}
return ret;
}
int suc(const int &key) {
int ret=oo+1;
for(node* t=root; t!=null;)
if(key>t->key) ret=t->key, t=t->ch[1];
else t=t->ch[0];
return ret;
}
int pre(const int &key) {
int ret=oo;
for(node* t=root; t!=null;)
if(key<t->key) ret=t->key, t=t->ch[0];
else t=t->ch[1];
return ret;
}
}*line[N], *nod[N], *q[N];
void getrange(int l, int r) {
cnt=0;
int r1=r;
while(l<=r1) {
if(r1-lowbit(r1)+1>=l) {
q[cnt++]=line[r1];
r1-=lowbit(r1);
}
else {
q[cnt++]=nod[r1];
r1--;
}
}
}
int getrank(const int &key) {
int ret=0;
for(int i=0; i<cnt; ++i)
ret+=q[i]->rank(key);
return ret;
}
int getans(int l, int r, int k) {
getrange(l, r);
int left=oo+1, right=oo, s;
for(int i=0; i<cnt; ++i) {
node* t=q[i]->root;
while(t!=null) {
if(t->key<left) {
t=t->ch[1];
continue;
}
if(t->key>right) {
t=t->ch[0];
continue;
}
s=getrank(t->key);
if(s==k-1) return t->key;
if(s<k-1) {
left=t->key;
t=t->ch[1];
}
else {
right=t->key;
t=t->ch[0];
}
}
}
return left;
}
int getsuc(int l, int r, const int &key) {
getrange(l, r);
int ret=oo+1, t;
for(int i=0; i<cnt; ++i) {
t=q[i]->suc(key);
ret=max(ret, t);
}
return ret;
}
int getpre(int l, int r, const int &key) {
getrange(l, r);
int ret=oo, t;
for(int i=0; i<cnt; ++i) {
t=q[i]->pre(key);
ret=min(ret, t);
}
return ret;
}
int main() {
null=new node; null->wei=oo; null->ch[0]=null->ch[1]=null;
int n, m;
scanf("%d%d", &n, &m);
for(int i=1; i<=n; ++i) {
scanf("%d", &a[i]);
line[i]=new Treap;
nod[i]=new Treap;
for(int j=i-lowbit(i)+1; j<=i; ++j)
line[i]->insert(a[j], line[i]->root);
nod[i]->insert(a[i], nod[i]->root);
}
int c, l, r, k;
while(m--) {
scanf("%d", &c);
if(c==1) {
scanf("%d%d%d", &l, &r, &k);
getrange(l, r);
printf("%d
", getrank(k)+1);
}
else if(c==2) {
scanf("%d%d%d", &l, &r, &k);
printf("%d
", getans(l, r, k));
}
else if(c==3) {
scanf("%d%d", &l, &k);
for(int i=l; i<=n; i+=lowbit(i)) {
line[i]->remove(a[l], line[i]->root);
line[i]->insert(k, line[i]->root);
}
a[l]=k;
nod[l]->root->key=k;
}
else if(c==4) {
scanf("%d%d%d", &l, &r, &k);
printf("%d
", getsuc(l, r, k));
}
else if(c==5) {
scanf("%d%d%d", &l, &r, &k);
printf("%d
", getpre(l, r, k));
}
}
return 0;
}
Description
您需要写一种数据结构（可参考题目标题），来维护一个有序数列，其中需要提供以下操作：
1.查询k在区间内的排名
2.查询区间内排名为k的值
3.修改某一位值上的数值
4.查询k在区间内的前驱(前驱定义为小于x，且最大的数)
5.查询k在区间内的后继(后继定义为大于x，且最小的数)
1.查询k在区间内的排名
2.查询区间内排名为k的值
3.修改某一位值上的数值
4.查询k在区间内的前驱(前驱定义为小于x，且最大的数)
5.查询k在区间内的后继(后继定义为大于x，且最小的数)
Input
第一行两个数 n,m 表示长度为n的有序序列和m个操作
第二行有n个数，表示有序序列
下面有m行，opt表示操作标号
若opt=1 则为操作1，之后有三个数l,r,k 表示查询k在区间[l,r]的排名
若opt=2 则为操作2，之后有三个数l,r,k 表示查询区间[l,r]内排名为k的数
若opt=3 则为操作3，之后有两个数pos,k 表示将pos位置的数修改为k
若opt=4 则为操作4，之后有三个数l,r,k 表示查询区间[l,r]内k的前驱
若opt=5 则为操作5，之后有三个数l,r,k 表示查询区间[l,r]内k的后继
Output
对于操作1,2,4,5各输出一行，表示查询结果
Sample Input
9 6
4 2 2 1 9 4 0 1 1
2 1 4 3
3 4 10
2 1 4 3
1 2 5 9
4 3 9 5
5 2 8 5
4 2 2 1 9 4 0 1 1
2 1 4 3
3 4 10
2 1 4 3
1 2 5 9
4 3 9 5
5 2 8 5
Sample Output
2
4
3
4
9
4
3
4
9
HINT
1.n和m的数据范围：n,m<=50000
2.序列中每个数的数据范围：[0,1e8]
3.虽然原题没有，但事实上5操作的k可能为负数