Catalan 数
引入
Problem:
具有n个节点的二叉树的形态有多少种？
分析：
因为二叉树定义具有递归性，左子树有i个节点，那么右子树有n-i-1个节点，根据计数原理：
[fleft ( n
ight )=sum_{i=0}^{n-1}fleft ( i
ight )cdot fleft ( n-i-1
ight ),fleft ( 0
ight )=1,fleft ( 1
ight )=1
]
Catalan数
这里的：
[fleft ( n
ight )=sum_{i=0}^{n-1}fleft ( i
ight )cdot fleft ( n-i-1
ight )
]
就叫做卡特兰数，该数列的前若干项是：
1,2,5,14,42,132,429,1430....
所以增长速度是非常快的。
常见的Catalan数表达式
1、递推式：
[fleft ( n
ight )=sum_{i=0}^{n-1}fleft ( i
ight )cdot fleft ( n-i-1
ight ),fleft ( 0
ight )=1
]
2、另类递推式：
[fleft ( n
ight )=frac{(4n-2)fleft ( n-1
ight )}{n+1}
]
3、通向式（重要，常用）：
[fleft ( n
ight )=frac{Cegin{matrix}
n\
2n
end{matrix}}{n+1}
]
4、通向式2：
[fleft ( n
ight )=Cegin{matrix}
n\
2n
end{matrix}
-C
egin{matrix}
n-1\
2n
end{matrix}
]
利用通向式求Catalan(n) Code
#define ll long long
ll Catalan(ll n){
ll ans=1;
for(ll i=n+1;i<=2*n;i++){
ans=ans*i/(i-n);
printf("%d %d %lld
",i,i-n,ans);
}
return ans/(n+1);
}
应用：
•Cn表示n个节点不同形态的二叉树个数。
•Cn表示n的入栈序列对应的合法出栈序列的个数。(luogu P1044)
变式：
•n个0和n个1，构造一个长度为2n的序列，使得序列的任意前缀中1的个数不 少于0的个数，这样的序列有多少种？
•n个矩阵相乘，用括号改边运算顺序，有多少种？（ps:n个矩阵相乘需要n-1对括号，再增加是无意义的）
•游乐园门票1元一张，每人限购一张。现在有10个小朋友排队购票，其中5个小朋友每人只有1元的钞票一张，另5个小朋友每人只有2元的钞票一张，售票员没有准备零钱。问：有多少种排队方法，使售票可以正常进行下去？
•凸多边形分割成三角形方案数
图像法
n·n的矩阵，每次只能往右或往上走1个单位，问从(0,0)走到n·n，且路线一直处于y=x之下的方法总数是多少？
只需要n步的向右和n步的向上就能到达(n,n)。为了不跨越y=x，需任意时刻向右的次数>=向上的次数，显然答案就是卡特兰数。
扩展：几乎所有的卡特兰数的问题都可以用这样的折线法方式解答。比如入栈映射为向右，出栈映射成向上，任意时刻入栈次数>=出栈
例题-luogu P2532 [AHOI2012]树屋阶梯
Problem
分析
卡特兰数，注意N的取值范围，要用高精度。
Code
#include <cstdio>
#include <iostream>
#define ll long long
using namespace std;
const int maxn=10005;
struct highprecc{
int l,a[maxn];
void init(){l=1;a[1]=1;}
void out(){for(int i=l;i>=1;i--) printf("%d",a[i]);}
highprecc operator * (const ll b) const{
highprecc c;
for(int i=1;i<=l;i++) c.a[i]=a[i]*b;
for(int i=2;i<=l;i++){
c.a[i]+=c.a[i-1]/10;
c.a[i-1]%=10;
}
c.l=l;
while(c.a[c.l]>10){
c.a[c.l+1]=c.a[c.l]/10;
c.a[c.l]%=10;
c.l++;
}
return c;
}
highprecc operator / (const ll b) const{
highprecc c;
ll k=l,g=0;
for(int i=l;i>0;i--){
g=g*10+a[i];
c.a[i]=g/b;
g%=b;
}
while(k>1 && c.a[k]==0) k--;
c.l=k;
return c;
}
};
highprecc f(ll n){
highprecc ans;ans.init();
for(ll i=n+1;i<=2*n;i++) ans=ans*i/(i-n);
return ans/(n+1);
}
int main(){
ll n;scanf("%lld",&n);
f(n).out();
return 0;
}