【BJOI2018】【BZOJ2591】—链上二次求和（线段树维护二次函数）

传送门

开始还是挺好想的，就是求前缀和的前缀和
令$S$表示前缀和,则
$ans=sum_{k=l}^{r}sum_{i=k}^n(S_k-S_{i-k})$

$=sum_{k=l}^{r}(sum_{i=k}^{n}S_i-sum_{i=0}^{n-k}S_i)$

令$SS$表示$S$的前缀和
则

$ans=sum_{k=l}^{r}(SS_n-SS_{k-1}-SS_{n-k})$
$=(r-l+1)SS_n-sum_{i=l-1}^{r-1}SS_i-sum_{i=n-l}^{n-r}SS_i$

发现我们只需要维护一个$SS$的区间和

再考虑一次修改对答案的影响

若$iin[l,r]$
则$SS_i+=frac{(i-l+1)*(i-l+2)}{2}*k$

若$iin [r+1,n]$
则$SS_i+=(frac{len*(len+1)}{2}+len*(i-r))*k$

拆开后发现是一个二次函数$ai^2+bi+c$的形式，可以维护一下一次修改的$a,b,c$

用线段树就可以了
注意有除法，可以先不除2，把所有乘2，最后再乘一个逆元就可以了

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define ll long long
#define int long long
inline int read(){
    char ch=getchar();
    int res=0,f=1;
    while(!isdigit(ch)){if(ch=='-')f=-f;ch=getchar();}
    while(isdigit(ch))res=(res+(res<<2)<<1)+(ch^48),ch=getchar();
    return res*f;
}	
const int N=200005;
const ll mod=1e9+7;
const ll inv2=5e8+4;
int n,m;
ll ss[N],f1[N],f2[N],a[N<<2],b[N<<2],c[N<<2],tr[N<<2];
#define lc (u<<1)
#define rc ((u<<1)|1)
#define mid ((l+r)>>1)
inline void pushup(int u){
	tr[u]=(tr[lc]+tr[rc])%mod;
}
inline void pushnow(int u,int l,int r,ll a1,ll b1,ll c1){
	(a[u]+=a1)%=mod,(b[u]+=b1)%=mod,(c[u]+=c1)%=mod;
	(tr[u]+=(a1*(f2[r]-f2[l-1])%mod)+b1*(f1[r]-f1[l-1])%mod+c1*(r-l+1)%mod)%=mod;
}
inline void pushdown(int u,int l,int r){
	if(!a[u]&&!b[u]&&!c[u])return;
	pushnow(lc,l,mid,a[u],b[u],c[u]);
	pushnow(rc,mid+1,r,a[u],b[u],c[u]);
	a[u]=b[u]=c[u]=0;
}
void build(int u,int l,int r){
	if(l==r){tr[u]=ss[l];return;}
	build(lc,l,mid),build(rc,mid+1,r);
	pushup(u);
}
void update(int u,int l,int r,int st,int des,ll a1,ll b1,ll c1){
	if(st<=l&&r<=des){pushnow(u,l,r,a1,b1,c1);return;}
	pushdown(u,l,r);
	if(st<=mid)update(lc,l,mid,st,des,a1,b1,c1);
	if(mid<des)update(rc,mid+1,r,st,des,a1,b1,c1);
	pushup(u);
}
ll query(int u,int l,int r,int st,int des){
	if(st<=l&&r<=des)return tr[u];
	ll res=0;pushdown(u,l,r);
	if(st<=mid)res+=query(lc,l,mid,st,des);
	if(mid<des)res+=query(rc,mid+1,r,st,des);
	pushup(u);
	return res%mod;
}
inline void modify(int l,int r,ll k){
	if(l>r)swap(l,r);
	ll a1=k,b1=(3-2*l+mod)%mod*k%mod,c1=((l*l%mod-3*l+2)%mod+mod)%mod*k%mod;
	update(1,0,n,l,r,a1,b1,c1);
	if(r==n)return;//
	ll len=r-l+1;
	a1=0,b1=len*k*2%mod,c1=(len*(len+1-2*r)%mod+mod)%mod*k%mod;
	update(1,0,n,r+1,n,a1,b1,c1);
}
inline ll ask(int l,int r){
	ll res=((1ll*(r-l+1)*query(1,0,n,n,n)%mod-query(1,0,n,l-1,r-1)-query(1,0,n,n-r,n-l))%mod+mod)%mod;
	return res*inv2%mod;
}
signed main(){
	n=read(),m=read();
	for(int i=1;i<=n;i++)(ss[i]=ss[i-1]+read())%=mod;
	for(int i=1;i<=n;i++)(ss[i]+=ss[i-1])%mod;
	for(int i=1;i<=n;i++)(ss[i]*=2)%=mod,f1[i]=(f1[i-1]+i)%mod,f2[i]=(f2[i-1]+1ll*i*i%mod)%mod;
	build(1,0,n);
	while(m--){
		int op=read();
		int l=read(),r=read();
		if(op==1)modify(l,r,read());
		else cout<<ask(l,r)<<'
';
	}
}