填充每个节点的下一个右侧节点指针 II

给定一个二叉树

struct Node {
  int val;
  Node *left;
  Node *right;
  Node *next;
}

填充它的每个 next 指针，让这个指针指向其下一个右侧节点。如果找不到下一个右侧节点，则将 next 指针设置为 NULL。

初始状态下，所有 next 指针都被设置为 NULL。

进阶：

你只能使用常量级额外空间。
使用递归解题也符合要求，本题中递归程序占用的栈空间不算做额外的空间复杂度。
 

示例：

输入：root = [1,2,3,4,5,null,7]
输出：[1,#,2,3,#,4,5,7,#]
解释：给定二叉树如图 A 所示，你的函数应该填充它的每个 next 指针，以指向其下一个右侧节点，如图 B 所示。
 

提示：

树中的节点数小于 6000
-100 <= node.val <= 100

code：用bfs可以，但是要求常量空间复杂度，所以该解法略去，上一篇题解中写过。

　　与上一题不同的是，该树不为完全二叉树，比上一题的树更一般化，所以在连接一棵树的左右两棵子树时，需要先知道右子树的连接状态，因为root->next->left不一定存在，所以遍历顺序为根、右、左。

/*
// Definition for a Node.
class Node {
public:
    int val;
    Node* left;
    Node* right;
    Node* next;

    Node() : val(0), left(NULL), right(NULL), next(NULL) {}

    Node(int _val) : val(_val), left(NULL), right(NULL), next(NULL) {}

    Node(int _val, Node* _left, Node* _right, Node* _next)
        : val(_val), left(_left), right(_right), next(_next) {}
};
*/
class Solution {
private:
    Node* getNextNode(Node* node)
    {
        while(node)
        {
            if(node->left)
                return node->left;
            if(node->right)
                return node->right;
            node=node->next;
        }
        return nullptr;
    }
public:
    Node* connect(Node* root) {
        if(root==nullptr)
            return root;

        if(root->left)
        {
            if(root->right)
                root->left->next=root->right;
            else
                root->left->next=getNextNode(root->next);
        }
        if(root->right)
            root->right->next=getNextNode(root->next);
        
        connect(root->right);
        connect(root->left);
        return root;
    }
};