2287: 【POJ Challenge】消失之物
Description
ftiasch 有 N 个物品, 体积分别是 W1, W2, ..., WN。 由于她的疏忽, 第 i 个物品丢失了。 “要使用剩下的 N - 1 物品装满容积为 x 的背包，有几种方法呢？” -- 这是经典的问题了。她把答案记为 Count(i, x) ，想要得到所有1 <= i <= N, 1 <= x <= M的 Count(i, x) 表格。
Input
第1行：两个整数 N (1 ≤ N ≤ 2 × 103) 和 M (1 ≤ M ≤ 2 × 103)，物品的数量和最大的容积。
第2行： N 个整数 W1, W2, ..., WN, 物品的体积。
Output
一个 N × M 的矩阵， Count(i, x)的末位数字。
暴力背包？不存在的。
看数据要(n^2)做。
首先应该处理出在n个物品的范围内装满某个体积的方案数。
转移：
[(f[j]+=f[j-w[i]])％=mod;
]
再设(count[i][j])表示不选第i个物品，装j体积的方案数。
分情况讨论：
[if(!j)count(i)(j)=1;
]
[if(j<=w[i])count(i)(j)=f(j)
]
[if(j>w[i])count(i)(j)=f(j)-count(i)(j-w[i])
]
第三个方程是在当前体积大于w[i]的时候，不装i的方案数。
转移思路就是不选i物品的方案数=全集-选i物品的方案数。
(count(i)(j-w[i]))比较难理解，意思是在不选i的前提下装了(j-w(i))的体积，然后选择i这个物品凑够j的体积。
code：
#include<iostream>
#include<cstdio>
using namespace std;
const int wx=2017;
inline int read(){
int sum=0,f=1;char ch=getchar();
while(ch<'0'||ch>'9'){if(ch=='-')f=-1;ch=getchar();}
while(ch>='0'&&ch<='9'){sum=(sum<<1)+(sum<<3)+ch-'0';ch=getchar();}
return sum*f;
}
int n,m;
int f[wx],w[wx];
int c[wx][wx];
int main(){
n=read();m=read();
f[0]=1;
for(int i=1;i<=n;i++)w[i]=read();
for(int i=1;i<=n;i++){
for(int j=m;j>=w[i];j--){
(f[j]+=f[j-w[i]])%=10;
}
}
for(int i=1;i<=n;i++){
for(int j=0;j<=m;j++){
if(!j)c[i][j]=1;
else if(j<w[i]){
c[i][j]=(f[j]+10)%10;printf("%d",c[i][j]);
}
else {
c[i][j]=(f[j]-c[i][j-w[i]]+10)%10;printf("%d",c[i][j]);
}
}puts("");
}
return 0;
}