题目描述
卡门――农夫约翰极其珍视的一条Holsteins奶牛――已经落了到“垃圾井”中。“垃圾井”是农夫们扔垃圾的地方，它的深度为D(2≤D≤100)英尺。
卡门想把垃圾堆起来，等到堆得与井同样高时，她就能逃出井外了。另外，卡门可以通过吃一些垃圾来维持自己的生命。
每个垃圾都可以用来吃或堆放，并且堆放垃圾不用花费卡门的时间。
假设卡门预先知道了每个垃圾扔下的时间t(0<t≤1000)，以及每个垃圾堆放的高度h(1≤h≤25)和吃进该垃圾能维持生命的时间f(1≤f≤30)，要求出卡门最早能逃出井外的时间，假设卡门当前体内有足够持续10小时的能量，如果卡门10小时内没有进食，卡门就将饿死。
输入输出格式
输入格式：第一行为2个整数，D和G(1≤G≤100)，GG为被投入井的垃圾的数量。
第二到第G+1行每行包括3个整数：T(0<T<=1000)，表示垃圾被投进井中的时间；F(1≤F≤30)，表示该垃圾能维持卡门生命的时间；和H(1≤H≤25)，该垃圾能垫高的高度。
输出格式：如果卡门可以爬出陷阱，输出一个整表示最早什么时候可以爬出；否则输出卡门最长可以存活多长时间。
输入输出样例
说明
[样例说明]
卡门堆放她收到的第一个垃圾：height=9height=9；
卡门吃掉她收到的第22个垃圾，使她的生命从1010小时延伸到1313小时；
卡门堆放第33个垃圾，height=19height=19；
卡门堆放第44个垃圾，height=20height=20。
DP。
定义$dp[i][j]$表示在第$i$个垃圾落下后高度已经在$j$时可以存活多久，初始化$dp[0][0]=10$。每次刷表更新，如果当前这次生命存活可以延续到下一次垃圾落下，就去更新两种状态，分别选择吃或者不吃，吃就更新$dp[i+1][j]$，不吃就更新$dp[i+1][j+t]$，同时还要判断当前吃了下一个垃圾能不能出去，如果可以出去那答案就是下一个垃圾落下来的时间。
#include<iostream> #include<cstdio> #include<algorithm> using namespace std; int D, G, f[105][105]; struct Node { int t, f, h; } Ruben[105]; bool cmp ( Node a, Node b ) { return a.t < b.t; } int main ( ) { scanf ( "%d%d", &D, &G ); for ( int i = 1; i <= G; i ++ ) scanf ( "%d%d%d", &Ruben[i].t, &Ruben[i].f, &Ruben[i].h ); sort ( Ruben + 1, Ruben + 1 + G, cmp ); f[0][0] = 10; for ( int i = 0; i < G; i ++ ) for ( int j = 0; j <= D; j ++ ) { if ( f[i][j] >= Ruben[i+1].t ) { int to = j + Ruben[i+1].h; if ( to >= D ) { printf ( "%d", Ruben[i+1].t ); return 0; } f[i+1][j] = max ( f[i+1][j], f[i][j] + Ruben[i+1].f ); f[i+1][to] = max ( f[i+1][to], f[i][j] ); } } int ans = 0; for ( int i = 1; i <= G; i ++ ) ans = max ( ans, f[i][0] ); printf ( "%d", ans ); return 0; }
哦对了，为什么数组名要取这个呢，因为$Ru$笨就是小垃圾丫！