CodeForces 1422 C Bargain 题解

题意

给你一个数 (a)(长度为 (|a|) ) ,你可以从这个数中选择一段子串并删掉，两端再拼成一个新数，问所有可能的新数的和(mod 10^9+7)

( exttt{Data Range:})

(|a| <= 10^5)

变量声明

(a = a_1a_2a_3dots a_n)

(n) ： (|a|)

思路

(|a| <= 10^5)

看一下范围，暴力是不可能的了

那就要分别考虑每个数位对答案的贡献。

假设当前数位为第 (k) 位，

那么删去的串一定在第 (k) 位前或者后面。

在第 k 位前

产生的新数中，(a_k) 后面一定有 (n-k) 位，对答案的贡献为 (10^{n-k} * a_k)

这种数有 (dbinom{k}{2}) 个

总贡献为 (dbinom {k}{2} * 10^{n-k} * a_k)

在第 k 位后

产生的新数中，(a_k) 后面的位数与在后面删去的个数有关．

若在后面删去 (x(x leq n-k)) 位， 这种数对答案的贡献为 (10^{n-k-x} * a_k) ，

共有 (n-k-x+1) 种。

( herefore) 对答案的贡献为 (10^{n-k-x} * a_k *(n-k-x+1))

这种情况总的对答案贡献为

(sumlimits_{x=1}^{n-k} 10^{n-k-x} * a_k *(n-k-x+1))

直接这么算，肯定要超时了，我们注意到：

(10^{n-k-x})

(n-k-x+1)

也就是说，对于每项，都可以表示为 (10^t * (t+1) * a_k) 。

而只有 (a_k) 是不确定的，

因此，我们维护一个数组，只记录各项 (a_k) 的和，到时候再乘上 (10^{n-k-x} *(n-k-x+1)) 就可以了。

又因为 (x in [1,n-k]) ,每次处理 (a_k) 都是一次区间加，而最后计算结果时是一位一位的求值，维护一个差分数组就行了。

代码

头文件、快读等自由脑补

#define ll long long

using namespace std;

const int MAXN = 1e5+10;
const int mod = 1e9+7;

int n = 0;
ll a[MAXN],c[MAXN],p10[MAXN],ans = 0;

int main (){
    while(scanf("%1lld",&a[n+1]) == 1) n++;
    p10[0] = 1;
    for(int i = 1;i <= n;i++) p10[i] = p10[i-1] * 10 % mod;
    //p10[i] 10^i
    for(ll i = 1;i <= n;i++){
		ans += (i*(i-1)/2)%mod * p10[n-i] %mod* a[i]%mod;
		if(ans >= mod) ans %= mod;
        //在第i位前
		c[n-i+1] = (c[n-i+1]-a[i])%mod;
		c[1] = (c[1]+a[i])%mod;
        //根据推导，对数组进行区间加（实际上是对差分数组修改）
    }
    ll te = 0;
    for(int i = 1;i <= n;i++){
		te = (te+c[i])%mod; //还原数组
		ans = (ans + te * p10[i-1] % mod * i%mod)%mod; //计算第二部分答案
    }
    printf("%lld",ans%mod);
    return 0;
}