cometoj---contest#3 棋盘

棋盘：（状压dp）

传送门：https://www.cometoj.com/contest/38/problem/B?problem_id=1535

题目描述

小猫有一个

小熊觉得小猫的棋盘不够好看，想要把棋盘上的一部分白棋子替换成黑棋子，使得所有黑棋子都能够在仅允许上下左右四个方向走，且仅经过黑棋子在的格子的情况下两两互相到达。

小熊想知道至少要将多少个白棋子替换成黑棋子。

注意：不能将黑棋子替换成白棋子。

输入描述

第一行有一个正整数

接下来两行，每行

数据保证至少存在一个黑棋子。

输出描述

输出一行包含一个整数，表示答案。

样例输入 1

3
1 0 0
0 0 1

样例输出 1

样例输入 2

5
0 1 0 1 0
0 0 1 0 0

样例输出 2

提示

样例一中可以将第一行的两个白棋子替换成黑棋子。

样例二中可以将位置

大佬分析：（自己完全没想到QAQ）

题目意思就是说通过把0 变成1 来将所有变成⼀个联通块，要求最少的变换个数。我是⽤的暴⼒模拟，从第⼀列开始遍历每⼀列，因为只有两⾏，含1的每⼀列无非就是：上 1下 1，上0 下 1，上1 下0 ；只有这三种情况是需要变化前⾯列的来使联通的，观察这三种情况，上1 下1 时变换个数就是上⼀次有的列号与当前列号差值的绝对值 (直接由上⼀个有的位置沿着行直线变化到当前列)；上 1下0 时，就需要看上⼀次有1 的那⼀列的1 的情况了，如果上⼀次有 1处和当前列有1 处是同⼀行，说明可以直线变换过来，变换个数就是上⼀次有 1的列号与当前列号差值的绝对值-1 ，如果不是同⼀⾏，则需要多加 1（需要多变换⼀个棋⼦）；上0下1的情况和上⼀种情况类似解法。因此关键就是保存上⼀次有1处的那列情况，在遇到某列有时考虑上面的情况然后累加就行了。

AC代码：

 1 /* */
 2 # include <stdio.h>
 3 int main()
 4 {
 5     long long int map[2][110000]={0}, n, i, j, sum=0;
 6     scanf("%lld", &n);
 7     for( i=0; i<2; i++ )
 8     {
 9         for( j=0; j<n; j++ )
10         {
11             scanf("%lld", &map[i][j]);
12         }
13     }
14     int nowone = 0;
15     int nowtwo = 0;
16     int flag=0;
17     int f;
18     int pre;
19     for( j=0; j<n; j++ )
20     {
21         nowone=0;
22         nowtwo=0;
23         if( map[0][j] )
24         {
25             nowone = 1;
26         }
27         if( map[1][j] )
28         {
29             nowtwo = 1;
30         }
31         if( nowone || nowtwo )
32         {
33             if( flag==0 )
34             {
35                 f = j;
36                 if( nowone )///上1下0
37                 {
38                     pre = 1;
39                 }
40                 if( nowtwo )///上0下1
41                 {
42                     pre = 2;
43                 }
44                 if( nowone && nowtwo )///上1下1
45                 {
46                     pre = 3;
47                 }
48                 flag = 1;
49             }
50             else
51             {
52                 if( nowone && nowtwo )
53                 {
54                     sum += j - f - 1;
55                     pre = 3;
56                 }
57                 if( nowone && !nowtwo )///上1下0
58                 {
59                     sum += j-f-1;
60                     if( pre==2 )///上0下1
61                     {
62                         sum++;
63                         pre = 3;///前方不连通则变为联通，此时这一列的状态变为上1下1
64                     }
65                     else
66                     {
67                         pre = 1;///前方已经联通，这一列的状态不变
68                     }
69                 }
70                 if( !nowone && nowtwo )///上0下1
71                 {
72                     sum += j - f - 1;
73                     if( pre==1 )///上1下0
74                     {
75                         sum++;
76                         pre = 3;///前方不连通则变为联通，此时这一列的状态变为上1下1
77                     }
78                     else
79                     {
80                         pre=2;///前方已经联通，这一列的状态不变
81                     }
82                 }
83                 f = j;
84             }
85         }
86     }
87     printf("%lld
", sum);
88     return 0;
89 }

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