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  • 背包形动态规划 fjutoj2375 金明的预算方案

    金明的预算方案

    TimeLimit:1000MS  MemoryLimit:128MB
    64-bit integer IO format:%lld
     
    Problem Description

    金明今天很开心,家里购置的新房就要领钥匙了,新房里有一间金明自己专用的很宽敞的房间。更让他高兴的是,妈妈昨天对他说:“你的房间需要购买哪些物品,怎么布置,你说了算,只要不超过N元钱就行”。今天一早,金明就开始做预算了,他把想买的物品分为两类:主件与附件,附件是从属于某个主件的,下表就是一些主件与附件的例子:

    主件

    附件

    电脑

    打印机,扫描仪

    书柜

    图书

    书桌

    台灯,文具

    工作椅

    如果要买归类为附件的物品,必须先买该附件所属的主件。每个主件可以有0个、1个或2个附件。附件不再有从属于自己的附件。金明想买的东西很多,肯定会超过妈妈限定的N元。于是,他把每件物品规定了一个重要度,分为5等:用整数1~5表示,第5等最重要。他还从因特网上查到了每件物品的价格(都是10元的整数倍)。他希望在不超过N元(可以等于N元)的前提下,使每件物品的价格与重要度的乘积的总和最大。

    设第j件物品的价格为v[j],重要度为w[j],共选中了k件物品,编号依次为j1,j2,……,jk,则所求的总和为:

    v[j1]*w[j1]+v[j2]*w[j2]+ …+v[jk]*w[jk]。(其中*为乘号)

    请你帮助金明设计一个满足要求的购物单。

    Input

    输入文件budget.in 的第1行,为两个正整数,用一个空格隔开:

    N  m

    (其中N(<32000)表示总钱数,m(<60)为希望购买物品的个数。)

    从第2行到第m+1行,第j行给出了编号为j-1的物品的基本数据,每行有3个非负整数

    v  p  q

    (其中v表示该物品的价格(v<10000),p表示该物品的重要度(1~5),q表示该物品是主件还是附件。如果q=0,表示该物品为主件,如果q>0,表示该物品为附件,q是所属主件的编号)

    Output

    输出文件budget.out只有一个正整数,为不超过总钱数的物品的价格与重要度乘积的总和的最大值(<200000)。

    SampleInput
    1000 5
    800 2 0
    400 5 1
    300 5 1
    400 3 0
    500 2 0
    SampleOutput
    2200

    思路:有依赖的背包问题,转化为和01背包类似的,把每个主件都当作有两个附件,再选取的时候分类成 5个情况 ①不选 ②只选主件 ③选主件和附件1 ④选主件和附件2 ⑤选主件、附件1、附件2

     1 #include<cstdio>
     2 #include<cstring>
     3 #include<algorithm>
     4 using namespace std;
     5 const int maxm = 60+5;
     6 const int maxn = 32000+100;
     7 int im[maxm][3];
     8 int value[maxm][3];
     9 int dp[maxm][maxn];
    10 int main()
    11 {
    12     int n,m;
    13     scanf("%d%d",&n,&m);
    14     for(int i=1; i<=m; i++)
    15     {
    16         int v,p,q;
    17         scanf("%d%d%d",&v,&p,&q);
    18         if(q)
    19         {
    20             if(value[q][1]==0)
    21             {
    22                 value[q][1]=v;
    23                 im[q][1]=p;
    24             }
    25             else
    26             {
    27                 value[q][2]=v;
    28                 im[q][2]=p;
    29             }
    30         }
    31         else
    32         {
    33             value[i][0]=v;
    34             im[i][0]=p;
    35         }
    36     }
    37     for(int i=1; i<=m; i++)
    38         for(int j=0; j<=n; j++)
    39         {
    40             if(j-value[i][0]>=0)
    41             {
    42                 dp[i][j] = max(dp[i-1][j],dp[i-1][j-value[i][0]] + value[i][0]*im[i][0]);
    43                 if (j-value[i][0]-value[i][1]>=0)
    44                     dp[i][j] = max(dp[i][j],dp[i-1][j-value[i][0]-value[i][1]] + value[i][0]*im[i][0] + value[i][1]*im[i][1]);
    45                 if (j-value[i][0]-value[i][2]>=0)
    46                     dp[i][j] = max(dp[i][j],dp[i-1][j-value[i][0]-value[i][2]] + value[i][0]*im[i][0] + value[i][2]*im[i][2]);
    47                 if (j-value[i][0]-value[i][1]-value[i][2]>=0)
    48                     dp[i][j] = max(dp[i][j],dp[i-1][j-value[i][0]-value[i][1]-value[i][2]] + value[i][0]*im[i][0] + value[i][1]*im[i][1] + value[i][2]*im[i][2]);
    49             }
    50             else
    51                 dp[i][j]=dp[i-1][j];
    52         }
    53     printf("%d
    ",dp[m][n]);
    54     return 0;
    55 }
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  • 原文地址:https://www.cnblogs.com/xcantaloupe/p/7355512.html
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