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  • 【力扣】529. 扫雷游戏

    让我们一起来玩扫雷游戏!

    给定一个代表游戏板的二维字符矩阵。 'M' 代表一个未挖出的地雷,'E' 代表一个未挖出的空方块,'B' 代表没有相邻(上,下,左,右,和所有4个对角线)地雷的已挖出的空白方块,数字('1' 到 '8')表示有多少地雷与这块已挖出的方块相邻,'X' 则表示一个已挖出的地雷。

    现在给出在所有未挖出的方块中('M'或者'E')的下一个点击位置(行和列索引),根据以下规则,返回相应位置被点击后对应的面板:

    如果一个地雷('M')被挖出,游戏就结束了- 把它改为 'X'。
    如果一个没有相邻地雷的空方块('E')被挖出,修改它为('B'),并且所有和其相邻的未挖出方块都应该被递归地揭露。
    如果一个至少与一个地雷相邻的空方块('E')被挖出,修改它为数字('1'到'8'),表示相邻地雷的数量。
    如果在此次点击中,若无更多方块可被揭露,则返回面板。
     

    示例 1:

    输入:

    [['E', 'E', 'E', 'E', 'E'],
    ['E', 'E', 'M', 'E', 'E'],
    ['E', 'E', 'E', 'E', 'E'],
    ['E', 'E', 'E', 'E', 'E']]

    Click : [3,0]

    输出:

    [['B', '1', 'E', '1', 'B'],
    ['B', '1', 'M', '1', 'B'],
    ['B', '1', '1', '1', 'B'],
    ['B', 'B', 'B', 'B', 'B']]

    示例 2:

    输入:

    [['B', '1', 'E', '1', 'B'],
    ['B', '1', 'M', '1', 'B'],
    ['B', '1', '1', '1', 'B'],
    ['B', 'B', 'B', 'B', 'B']]

    Click : [1,2]

    输出:

    [['B', '1', 'E', '1', 'B'],
    ['B', '1', 'X', '1', 'B'],
    ['B', '1', '1', '1', 'B'],
    ['B', 'B', 'B', 'B', 'B']]

    注意:

    输入矩阵的宽和高的范围为 [1,50]。
    点击的位置只能是未被挖出的方块 ('M' 或者 'E'),这也意味着面板至少包含一个可点击的方块。
    输入面板不会是游戏结束的状态(即有地雷已被挖出)。
    简单起见,未提及的规则在这个问题中可被忽略。例如,当游戏结束时你不需要挖出所有地雷,考虑所有你可能赢得游戏或标记方块的情况。

    来源:力扣(LeetCode)
    链接:https://leetcode-cn.com/problems/minesweeper

    // 定义 8 个方向
        int[] dx = {-1, 1, 0, 0, -1, 1, -1, 1};
        int[] dy = {0, 0, -1, 1, -1, 1, 1, -1};
    
        public char[][] updateBoard(char[][] board, int[] click) {
            int x = click[0], y = click[1];
            // 1. 若起点是雷,游戏结束,直接修改 board 并返回。
            if (board[x][y] == 'M') {
                board[x][y] = 'X';
            } else { // 2. 若起点是空地,则从起点开始向 8 邻域的空地进行深度优先搜索。
                dfs(board, x, y);
            }
            return board;
        }
    
        private void dfs(char[][] board, int i, int j) {
            // 递归终止条件:判断空地 (i, j) 周围是否有雷,若有,则将该位置修改为雷数,终止该路径的搜索。
            int cnt = 0;
            for (int k = 0; k < 8; k++) {
                int x = i + dx[k];
                int y = j + dy[k];
                if (x < 0 || x >= board.length || y < 0 || y >= board[0].length) {
                    continue;
                }
                if (board[x][y] == 'M') {
                    cnt++;
                }
            }
            if (cnt > 0) {
                board[i][j] =  (char)(cnt + '0');
                return;
            } 
    
            // 若空地 (i, j) 周围没有雷,则将该位置修改为 ‘B’,向 8 邻域的空地继续搜索。
            board[i][j] = 'B';
            for (int k = 0; k < 8; k++) {
                int x = i + dx[k];
                int y = j + dy[k];
                if (x < 0 || x >= board.length || y < 0 || y >= board[0].length || board[x][y] != 'E') {
                    continue;
                }
                dfs(board, x, y);
            }  
        }

    时间复杂度:O(nm)

    空间复杂度:O(nm)

    一个入行不久的Java开发,越学习越感觉知识太多,自身了解太少,只能不断追寻
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  • 原文地址:https://www.cnblogs.com/fengtingxin/p/13538746.html
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