Problem Description
某省调查城镇交通状况,得到现有城镇道路统计表,表中列出了每条道路直接连通的城镇。省政府“畅通工程”的目标是使全省任何两个城镇间都可以实现交通(但不一定有直接的道路相连,只要互相间接通过道路可达即可)。问最少还需要建设多少条道路?
Input
测试输入包含若干测试用例。每个测试用例的第1行给出两个正整数,分别是城镇数目N ( < 1000 )和道路数目M;随后的M行对应M条道路,每行给出一对正整数,分别是该条道路直接连通的两个城镇的编号。为简单起见,城镇从1到N编号。
注意:两个城市之间可以有多条道路相通,也就是说
3 3
1 2
1 2
2 1
这种输入也是合法的
当N为0时,输入结束,该用例不被处理。
注意:两个城市之间可以有多条道路相通,也就是说
3 3
1 2
1 2
2 1
这种输入也是合法的
当N为0时,输入结束,该用例不被处理。
Output
对每个测试用例,在1行里输出最少还需要建设的道路数目。
Sample Input
4 2
1 3
4 3
3 3
1 2
1 3
2 3
5 2
1 2
3 5
999 0
0
Sample Output
1
0
2
998
我们可以考虑分块的思想,联通几个节点的最少边是节点数减一,所以我们只需要找到不同分组就可以了。
未经过路径压缩:
1 #include<iostream> 2 #include<string.h> 3 #define maxn 1000+5 4 using namespace std; 5 int bin[maxn]; 6 int findx(int x){ 7 int r=x; 8 while(r!=bin[r]){//寻找父亲节点 9 r=bin[r]; 10 } 11 return r; 12 } 13 void merge(int x,int y){ 14 int fx,fy; 15 fx=findx(x); 16 fy=findx(y); 17 if (fx!=fy){ 18 bin[fx]=fy; 19 } 20 } 21 int main(){ 22 int n1; 23 while (cin>>n1 && n1!=0){ 24 for(int i=1;i<=n1;i++){ 25 bin[i]=i; 26 } 27 int n2; 28 for(cin>>n2;n2;n2--){ 29 int x,y; 30 cin>>x>>y; 31 merge(x,y); 32 } 33 int count=-1;//加组数-1条路可以达成联通 34 for(int i=1;i<=n1;i++){ 35 if(bin[i]==i) count++; 36 } 37 cout<<count<<endl; 38 } 39 }
递归+压缩路径:
int findx(int x){ return ( (x==bin[x])? x : (bin[x]=findx(bin[x]))); }
一般路径压缩:
1 int findx(int x){ 2 int r=x; 3 while(bin[r]!=r){//先找到根节点 4 r=bin[r]; 5 } 6 //从r开始一次将下层节点转移到根节点上 7 int f=x;//最下层节点 8 while(f!=r){ 9 int t=bin[x];//找到x原来的父亲节点 10 bin[x]=r; 11 f=t;//更新最下层节点 12 } 13 return r;//最终返回根节点 14 15 }
两个模版:
查找根节点:
int findx(int x){ return ( (x==bin[x])? x : (bin[x]=findx(bin[x]))); }
合并两棵树:
void merge(int x,int y){ int fx,fy; fx=findx(x);//返回了x的父亲节点 fy=findx(y);//返回了y的父亲节点 if (fx!=fy){ bin[fx]=fy; } }
一开始合并部分百思不得其解,想着读入每对数的顺序会不会影响。后来突然想到这是一棵树啊,数据结构就是帮助更好的分析算法的正确性的。那么无论变更谁是最终的根节点都是无所谓的。