[NOIP2009]最优贸易
题目描述
CC 国有 (n) 个大城市和 (m) 条道路，每条道路连接这 (n) 个城市中的某两个城市。任意两个城市之间最多只有一条道路直接相连。这 (m) 条道路中有一部分为单向通行的道路，一部分为双向通行的道路，双向通行的道路在统计条数时也计为 (1) 条。
CC 国幅员辽阔，各地水晶球价格 ≤100的资源分布情况各不相同，这就导致了同一种商品在不同城市的价格不一定相同。但是，同一种商品在同一个城市的买入价和卖出价始终是相同的。
商人阿龙来到 CC 国旅游。当他得知同一种商品在不同城市的价格可能会不同这一信息之后，便决定在旅游的同时，利用商品在不同城市中的差价赚回一点旅费。设 CC 国 (n) 个城市的标号从 (1~ n) ，阿龙决定从 (1) 号城市出发，并最终在 (n) 号城市结束自己的旅行。在旅游的过程中，任何城市可以重复经过多次，但不要求经过所有 (n) 个城市。阿龙通过这样的贸易方式赚取旅费：他会选择一个经过的城市买入他最喜欢的商品――水晶球，并在之后经过的另一个城市卖出这个水晶球，用赚取的差价当做旅费。由于阿龙主要是来 CC 国旅游，他决定这个贸易只进行最多一次，当然，在赚不到差价的情况下他就无需进行贸易。
假设 CC 国有 (5) 个大城市，城市的编号和道路连接情况如下图，单向箭头表示这条道路为单向通行，双向箭头表示这条道路为双向通行。
假设 (1~n) 号城市的水晶球价格分别为 4,3,5,6,14,3,5,6,1 。
阿龙可以选择如下一条线路： (1) -> (2) -> (3) -> (5) ，并在 (2) 号城市以 (3) 的价格买入水晶球，在 (3) 号城市以 (5) 的价格卖出水晶球，赚取的旅费数为 (2)。
阿龙也可以选择如下一条线路 (1) -> (4) -> (5) -> (4) -> (5) ，并在第 (1) 次到达 (5) 号城市时以 (1) 的价格买入水晶球，在第 (2) 次到达 (4) 号城市时以 (6) 的价格卖出水晶球，赚取的旅费数为 (5) 。
现在给出 (n) 个城市的水晶球价格， (m) 条道路的信息（每条道路所连接的两个城市的编号以及该条道路的通行情况）。请你告诉阿龙，他最多能赚取多少旅费。
输入输出格式
输入格式：
第一行包含 (2) 个正整数 (n) 和 (m) ，中间用一个空格隔开，分别表示城市的数目和道路的数目。
第二行 (n) 个正整数，每两个整数之间用一个空格隔开，按标号顺序分别表示这 (n) 个城市的商品价格。
接下来 (m) 行，每行有 (3) 个正整数 (x,y,z) ，每两个整数之间用一个空格隔开。如果 (z=1) ，表示这条道路是城市 (x) 到城市 (y) 之间的单向道路；如果 (z=2) ，表示这条道路为城市 (x) 和城市 (y) 之间的双向道路。
输出格式：
一 个整数，表示最多能赚取的旅费。如果没有进行贸易，则输出 (0) 。
输入输出样例
输入样例#1：
5 5
4 3 5 6 1
1 2 1
1 4 1
2 3 2
3 5 1
4 5 2
输出样例#1：
5
说明
【数据范围】
输入数据保证 (1) 号城市可以到达 (n) 号城市。
对于 10%的数据， (1≤n≤6)。
对于 30%的数据， (1≤n≤100) 。
对于 50%的数据，不存在一条旅游路线，可以从一个城市出发，再回到这个城市。
对于 100%的数据， (1≤n≤100000) ， (1≤m≤500000) ， (1≤x) ， (y≤n) ， (1≤z≤2) ， (1≤) 各城市
水晶球价格 (≤100) 。
对于图论一无所知，想了很久没想到怎么做。
最开始想到用差分的思想，每条边存下(a[to]-a[from])，然后(dis[i])变成了表示在(1)买，(i)卖出的钱数。跑完最短路之后，要用(n^2)来枚举任意两点做起点终点的情况判断(ans)。
看了题解之后考虑到我们只需要考虑在哪个点买，在哪个点卖即可求出(ans)最优，运用dp的思想，求出每个点前面（(1-x)的路径）的最小值和后面（(x-n)的路径）的最大值。建一个正向图和一个反向图，分别以(1)和(n)作为起点更新每个点的最小最大值。枚举每个节点判断即可
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
#include<queue>
using namespace std;
int read()
{
int x=0,w=1;char ch=getchar();
while(ch>'9'||ch<'0') {if(ch=='-')w=-1;ch=getchar();}
while(ch>='0'&&ch<='9') x=(x<<3)+(x<<1)+ch-'0',ch=getchar();
return x*w;
}
const int N=100010;
int n,m,cnt;
int head[N],x[5*N],y[5*N],z[5*N],dis1[N],dis2[N],vis[N],a[N];
struct node{
int to,next;
}edge[10*N];
queue <int> q;
void add(int x,int y)
{
cnt++;
edge[cnt].to=y;
edge[cnt].next=head[x];
head[x]=cnt;
}
void work1()
{
memset(dis1,0x3f,sizeof(dis1));
while(q.size()) q.pop();
q.push(1);dis1[1]=a[1];
while(!q.empty())
{
int u=q.front();q.pop();
if(vis[u]) continue;
vis[u]=1;
for(int i=head[u];i;i=edge[i].next)
{
int v=edge[i].to;
dis1[v]=min(dis1[u],a[v]);
q.push(v);
}
}
}
void init()
{
cnt=0;memset(head,0,sizeof(head));memset(vis,0,sizeof(vis));
for(int i=1;i<=m;i++)
{
add(y[i],x[i]);
if(z[i]==2) add(x[i],y[i]);
}
}
void work2()
{
memset(dis2,-1,sizeof(dis2));
while(q.size()) q.pop();
q.push(n);dis2[n]=a[n];
while(!q.empty())
{
int u=q.front();q.pop();
if(vis[u]) continue;
vis[u]=1;
for(int i=head[u];i;i=edge[i].next)
{
int v=edge[i].to;
dis2[v]=max(dis2[u],a[v]);
q.push(v);
}
}
}
int main()
{
n=read();m=read();
for(int i=1;i<=n;i++) a[i]=read();
for(int i=1;i<=m;i++)
{
x[i]=read();y[i]=read();z[i]=read();
add(x[i],y[i]);
if(z[i]==2) add(y[i],x[i]);
}
work1();
init();
work2();
int ans=0;
for(int i=1;i<=n;i++)
{
ans=max(ans,dis2[i]-dis1[i]);
}
cout<<ans;
}