【51nod 1791】 合法括号子段

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有一个括号序列，现在要计算一下它有多少非空子段是合法括号序列。
合法括号序列的定义是：
1.空序列是合法括号序列。
2.如果S是合法括号序列，那么(S)是合法括号序列。
3.如果A和B都是合法括号序列，那么AB是合法括号序列。

Input

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多组测试数据。
第一行有一个整数T（1<=T<=1100000），表示测试数据的数量。
接下来T行，每一行都有一个括号序列，是一个由'('和')'组成的非空串。
所有输入的括号序列的总长度不超过1100000。

Output

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输出T行，每一行对应一个测试数据的答案。

Input示例

5
(
()
()()
(()
(())

Output示例

20
1
3
1
2

题解

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对于判断括号序列的合法性，有一种很简洁的方法：
设左括号为-1，右括号为+1,求得一个前缀和数组(f)。
那么正确的括号序列必然是以-1开头，0结尾，且中间的数都小于等于零。
知道了这个，此题还需要链表+RMQ操作
首先对于每一个前缀建一个链表(nxt[f[i]])。
假设我们以i为括号序列起点，那么它右边的前缀都得(-f[i-1])，那么下一个为0的位置是(nex[f[i-1]]),我们已经预处理它的位置
直接RMQ查询即可。诶，这样好像也会超时，最坏情况下也是(O(n^2))的，因为我们会沿着链表跳很多次。。。
那么就倒着做吧，我们记录好以nex[i]为结尾的的答案，以后直接累加即可，至此，时间复杂度降为(O(nlogn))

参考代码

#include <map>
#include <queue>
#include <cmath>
#include <cstdio>
#include <complex>
#include <cstring>
#include <cstdlib>
#include <iostream>
#include <algorithm>
#define ll long long
#define inf 1000000000
#define PI acos(-1)
#define REP(i,x,n) for(ll i=x;i<=n;i++)
#define DEP(i,n,x) for(ll i=n;i>=x;i--)
#define mem(a,x) memset(a,x,sizeof(a))
using namespace std;
ll read(){
    ll x=0,f=1;char ch=getchar();
    while(ch<'0'||ch>'9'){if(ch=='-') f=-1;ch=getchar();}
    while(ch>='0'&&ch<='9'){x=x*10+ch-'0';ch=getchar();}
    return x*f;
}
void Out(ll a){
    if(a<0) putchar('-'),a=-a;
    if(a>=10) Out(a/10);
    putchar(a%10+'0');
}
const int N=1100000+10;
char a[N];
int f[N];
map<int,int> fa;
map<int,int>vis;
int nxt[N];
int dp[N][20];
void RMQ_init(int n){
    for(int i=1;i<=n;i++) dp[i][0]=f[i];
    for(int j=1;(1<<j)<=n;j++){
        for(int i=1;i+(1<<j)-1<=n;i++){
            dp[i][j]=max(dp[i][j-1],dp[i+(1<<(j-1))][j-1]);
        }
    }
}
int RMQ(int L,int R){
    int k=0;
    while((1<<(k+1))<=R-L+1) k++;
    return max(dp[L][k],dp[R-(1<<k)+1][k]);
}
int main() {
    int T=read();
    while(T--){
        scanf("%s",a+1);
        f[0]=0;int n=strlen(a+1);
        for(int i=1;i<=n;i++){
            if(a[i]=='(') f[i]=f[i-1]-1;
            else f[i]=f[i-1]+1;
        }
        fa.clear();vis.clear();RMQ_init(n);
        ll ans=0;
        for(int i=n;i>=0;i--){
            if(!fa[f[i]]) fa[f[i]]=-1;
            nxt[i]=fa[f[i]];
            fa[f[i]]=i;
        }
        vis[-1]=0;
        for(int i=n;i>=1;i--){
            if(a[i]=='('){
                if(nxt[i-1]==-1) vis[i-1]=0;
                else{
                    if(RMQ(i,nxt[i-1])<=f[i-1]) vis[i-1]+=vis[nxt[i-1]]+1;
                    else vis[i-1]=0;
                }
                ans+=vis[i-1];
            }
        }
        printf("%lld
",ans);
    }
    return 0;
}