Luogu P5280 [ZJOI2019]线段树

送我退役的神题，但不得不说是ZJOIDay1最可做的一题了

先说一下考场的ZZ想法以及出来后YY的优化版吧

首先发现每次操作其实就是统计出增加的节点个数（原来的不会消失）

所以我们只要统计出线段树上每个节点在进行了(t)次操作（有(2^t)棵树）是某个点为(1)的总个数，令这个值为(f_x)

然后考场上用了一种记录该节点+左儿子+右儿子状态的方法，这样可以把答案的贡献全部算到这个点上

但是这样细节巨多且容易算重（漏），所以考场上码了(200+)行最后没调出大样例

后来想了一种记录该节点+父亲状态的方法，但是这样贡献就要算重，可能可以利用矩阵来做

接下来我们考虑正解，我们发现细分每一个点的性质其实就只有(4)种：

1. 直接在该点进行赋值操作，那么此时显然多出的(2^{t-1})棵树的这个节点都是可行的，直接(f_x+=2^{t-1})
2. 直接在该点进行pushdown，那么此时显然多出的树上这个点没有增加（(1 o 0)了，(0)还是(0)），(f_x)不变
3. 该点不在修改区间内，那么状态直接被复制一遍，(f_x*=2)
4. 最麻烦的一种，该点（包括这个点）到根的路径上至少有一个点的tag为(1)，我们令这个方案数为(g_x)，那么就有(f_x+=g_x)

然后开始考虑怎么维护(g_x)，那么类似地分成(3)类讨论：

1. 直接在该点进行pushdown，那么新增的树的这个节点到根的路径上都不会tag等于(1)的情况，(g_x)不变
2. 直接再该点打标记，多出的(2^{t-1})棵树中它的子树内的点显然都有(g_x+=2^{t-1})
3. 该点被访问但不在区间内，和上面一样，直接(g_x*=2)

那么我们显然还是可以用线段树来维护(f,g)，具体考虑到修改(g)的时候要集体(*2)不好维护（其实开一个乘法标记和两个加法标记即可），我们直接在最外面乘上(2^t)，然后把访问过的节点都(div2)即可

然后(g)的标记怎么下传呢，我们发现可以再开一个懒标记(tag)表示这个点有多少次直接修改，然后下传的时候用这个来改(g)

具体地就是先把该除的(2)除了，然后加上(frac{1}{2}+frac{1}{4}+frac{1}{8}+dots+frac{1}{2^{tag}}=1-frac{1}{2^{tag}})即可

附上超级简短的CODE

#include<cstdio>
#include<cctype>
#define RI register int
#define CI const int&
#define Tp template <typename T>
using namespace std;
const int N=100005,mod=998244353,inv2=499122177;
int n,m,opt,x,y,ipw[N],ret,prod;
class FileInputOutput
{
	private:
		static const int S=1<<21;
		#define tc() (A==B&&(B=(A=Fin)+fread(Fin,1,S,stdin),A==B)?EOF:*A++)
		#define pc(ch) (Ftop<S?Fout[Ftop++]=ch:(fwrite(Fout,1,S,stdout),Fout[(Ftop=0)++]=ch))
		char Fin[S],Fout[S],*A,*B; int Ftop,pt[15];
	public:
		Tp inline void read(T& x)
		{
			x=0; char ch; while (!isdigit(ch=tc()));
			while (x=(x<<3)+(x<<1)+(ch&15),isdigit(ch=tc()));
		}
		Tp inline void write(T x)
		{
			if (!x) return (void)(pc('0'),pc('
')); RI ptop=0;
			while (x) pt[++ptop]=x%10,x/=10; while (ptop) pc(pt[ptop--]+48); pc('
');
		}
		inline void Fend(void)
		{
			fwrite(Fout,1,Ftop,stdout);
		}
		#undef tc
		#undef pc
}F;
inline void inc(int& x,CI y)
{
	if ((x+=y)>=mod) x-=mod;
}
inline void dec(int& x,CI y)
{
	if ((x-=y)<0) x+=mod;
}
inline int sum(CI x,CI y)
{
	int t=x+y; return t>=mod?t-mod:t;
}
inline int sub(CI x,CI y)
{
	int t=x-y; return t<0?t+mod:t;
}
class Segment_Tree
{
	private:
		struct segment
		{
			int f,g,tag;
		}node[N<<2];
		#define F(x) node[x].f
		#define G(x) node[x].g
		#define T(x) node[x].tag
		inline void pushdown(CI now)
		{
			if (!T(now)) return; int& add=T(now); T(now<<1)+=add; T(now<<1|1)+=add;
			G(now<<1)=sum(1LL*G(now<<1)*ipw[add]%mod,sub(1,ipw[add]));
			G(now<<1|1)=sum(1LL*G(now<<1|1)*ipw[add]%mod,sub(1,ipw[add])); add=0;
		}
	public:
		inline void modify(CI beg,CI end,CI now=1,CI l=1,CI r=n)
		{
			dec(ret,F(now)); F(now)=1LL*F(now)*inv2%mod; G(now)=1LL*G(now)*inv2%mod;
			if (beg<=l&&r<=end) inc(F(now),inv2),inc(G(now),inv2);
			if (l>end||r<beg) inc(F(now),G(now)),inc(G(now),G(now)); inc(ret,F(now));
			if (l>end||r<beg) return; if (beg<=l&&r<=end) return (void)(++T(now));
			pushdown(now); int mid=l+r>>1; modify(beg,end,now<<1,l,mid); modify(beg,end,now<<1|1,mid+1,r);
		}
		#undef F
		#undef G
		#undef T
}SEG;
int main()
{
	//freopen("CODE.in","r",stdin); freopen("CODE.out","w",stdout);
	RI i; for (F.read(n),F.read(m),ipw[0]=i=1;i<=m;++i)
	ipw[i]=1LL*ipw[i-1]*inv2%mod; for (i=prod=1;i<=m;++i)
	{
		F.read(opt); if (opt^1) F.write(1LL*ret*prod%mod);
		else inc(prod,prod),F.read(x),F.read(y),SEG.modify(x,y);
	}
	return F.Fend(),0;
}