bzoj 2301: [HAOI2011]Problem b

2301: [HAOI2011]Problem b

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Description

对于给出的n个询问，每次求有多少个数对(x,y)，满足a≤x≤b，c≤y≤d，且gcd(x,y) = k，gcd(x,y)函数为x和y的最大公约数。

Input

第一行一个整数n，接下来n行每行五个整数，分别表示a、b、c、d、k

Output

共n行，每行一个整数表示满足要求的数对(x,y)的个数

Sample Input

2

2 5 1 5 1

1 5 1 5 2

Sample Output

14

3

题解

此题是一道莫比乌斯反演的例题，看了好久题解。自己好笨啊！
解法同是莫比乌斯反演+分块，莫比乌斯反演就不说了，分块就是一段区间内，不同的$ (n / i)$ 只有$ sqrt n $ 个，于是就分块了，单次询问复杂度只有 $O (sqrt n + sqrt m) $.

#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <iostream>
using namespace std;

const int N = 5e4 + 10;
int mu[N], s[N], prime[N];

void init() {
	memset(s, 1, sizeof s);
	mu[1] = 1; int i, j, totp = 0; long long t;
	for (i = 2; i < N; ++i) {
		if (s[i]) mu[i] = -1, prime[totp++] = i;
		for (j = 0; j < totp; ++j) {
			t = (long long)i * prime[j];
			if (t > N) break;
			s[t] = 0;
			if (i % prime[j]) mu[t] = -mu[i];
			else mu[t] = 0, j = totp;
		}
	}
	s[0] = 0;
	for (i = 1; i < N; ++i) s[i] = s[i - 1] + mu[i];
}

long long Cal(int n, int m) {
	if (n > m) swap(n, m);
	long long ret = 0;
	for (int i = 1, j; i <= n; i = j + 1) {
		j = min(n / (n / i), m / (m / i));
		ret += (long long)(s[j] - s[i - 1]) * (n / i) * (m / i);
	}
	return ret;
}

int main() {
	init();
	int a, b, c, d, k, T;
	long long t;
	scanf("%d", &T);
	while (T--) {
		scanf("%d%d%d%d%d", &a, &b, &c, &d, &k);
		--a, --c; a /= k; b /= k; c /= k; d /= k;
		t = Cal(b, d) + Cal(a, c);
		t -= Cal(a, d) + Cal(b, c);
		printf("%lld
", t);
	}
	return 0;
}