(color{#0066ff}{ 题目描述 })
作为一名大学生，九条可怜在去年参加了她人生中的最后一次军训。
军训中的一个重要项目是练习列队，为了训练学生，教官给每一个学生分配了一个休息位置。每次训练开始前，所有学生都在各自的休息位置休息，但是当教官发出集合命令后，被点到的学生必须要到指定位置集合。
为了简化问题，我们把休息位置和集合位置抽象成一根数轴。一共有 (n) 个学生，第 (i) 个学生的休息位置是 (a_i)。每一次命令，教官会指定一个区间 ([l,r]) 和集合点 (K) ，所有编号在 ([l,r]) 内的学生都必须赶到集合点列队。在列队时，每一个学生需要选择 ([K,K+r-l]) 中的一个整数坐标站定且不能有任何两个学生选择的坐标相同。学生从坐标 (x) 跑到坐标 (y) 需要耗费体力 (vert y-x vert) 。
在一天的训练中，教官一共发布了 (m) 条命令 ((l,r,K)) ，现在你需要计算对于每一条命令，在所有可能的列队方案中，消耗的体力值总和最小是多少。
以下是对题意的一些补充：
- 任何两条命令是无关的，即在一条集合命令结束后，所有学生都会回到自己的休息位置，然后教官才会发出下一条命令。
- 在集合的时候，可能有编号不在 ([l,r]) 内的学生处在区间 ([K,K+r-l]) 中，这时他会自己跑开，且跑动的距离不记在消耗的体力值总和中。
(color{#0066ff}{输入格式})
第一行输入两个整数 (n,m)。
第二行 (n) 个整数 (a_i) 表示学生的休息位置。保证学生休息的位置两两不同。
接下来 (m) 行每行三个整数 (l,r,K) 表示一条命令。
(color{#0066ff}{输出格式})
对于每一条命令输出一行一个整数表示最小的体力值总和。
(color{#0066ff}{输入样例})
5 5
1 5 7 6 2
1 5 2
1 5 3
1 3 9
2 4 2
3 5 5
(color{#0066ff}{输出样例})
5
4
17
9
3
(color{#0066ff}{数据范围与提示})
在第一条命令中，五名学生依次跑到 ([2,5,4,6,3])，则总代价为 |2-1|+|5-5|+|4-7|+|6-6|+|3-2|=5∣2−1∣+∣5−5∣+∣4−7∣+∣6−6∣+∣3−2∣=5。
在第二条命令中，五名学生依次跑到 ([4,5,7,6,3])，则总代价为 |4-1|+|5-5|+|7-7|+|6-6|+|3-2|=4∣4−1∣+∣5−5∣+∣7−7∣+∣6−6∣+∣3−2∣=4。
在第三条命令中，三名学生依次跑到 ([11,10,9])，则总代价为 |11-1|+|10-5|+|9-7|=17∣11−1∣+∣10−5∣+∣9−7∣=17。
在第四条命令中，三名学生依次跑到 ([4,2,3])，则总代价为 |4-5|+|2-7|+|3-6|=9∣4−5∣+∣2−7∣+∣3−6∣=9。
在第五条命令中，三名学生依次跑到 ([7,6,5])，则总代价为 |7-7|+|6-6|+|5-2|=3∣7−7∣+∣6−6∣+∣5−2∣=3。
对于10%的数据(n,m leq 10)。
对于 (40\%) 的数据，(n,m leq 10^3)。
对于 (70\%) 的数据，(n,m leq 10^5)。
对于 (100\%) 的数据，(n,m leq 5 imes 10^5,1 leq a_i,K leq 10^6)。
对于 (100\%) 的数据，学生休息的位置两两不同。
(color{#0066ff}{ 题解 })
不难想到用主席树维护
设当前人的范围为([l,r])，它们要到([ql,qr])去
我们维护区间人的个数，这左子树有num个人，则可以递归([l,mid][ql,ql+num-1]和[mid +1,r][ql+num,qr])
这复杂度。。。。(O(n^2))啊。。。
进而考虑剪掉一些东西，比如(rleq ql, lge qr)
拿(rle ql)举个例子，让所有人到ql集合，然后一个一个往后走，就是个等差数列很好求
这样对于强数据还是会被卡
进而想一想，(rle qr)能不能优化呢？ 答案是肯定的
让所有人跑到qr，然后往回退体力，这种情况下每个人只会跑多不会跑少，所以可以直接减
分析一下这样做的复杂度
当(mid le ql +num-1)时，左子树(O(1))return，右子树(O(logn))递归，反之同理
因此(O(nlogn))可过！
// luogu-judger-enable-o2
#include<bits/stdc++.h>
#define LL long long
LL in() {
char ch; LL x = 0, f = 1;
while(!isdigit(ch = getchar()))(ch == '-') && (f = -f);
for(x = ch ^ 48; isdigit(ch = getchar()); x = (x << 1) + (x << 3) + (ch ^ 48));
return x * f;
}
const int maxn = 2e6 + 100;
struct Tree {
protected:
struct node {
int num;
LL tot;
node *ch[2];
node() { num = tot = 0; ch[0] = ch[1] = NULL; }
};
node *root[maxn];
int len;
void add(node *&o, node *lst, int l, int r, LL p) {
o = new node();
*o = *lst;
o->num++, o->tot += p;
if(l == r) return;
int mid = (l + r) >> 1;
if(p <= mid) add(o->ch[0], lst->ch[0], l, mid, p);
else add(o->ch[1], lst->ch[1], mid + 1, r, p);
}
LL getsum(LL l, LL r) {
return (r - l + 1) * (r - l) >> 1;
}
LL getans(node *x, node *y, LL l, LL r, LL ql, LL qr) {
if(ql > qr) return 0;
if(r <= qr) return qr * (qr - ql + 1) - (y->tot - x->tot) - getsum(ql, qr);
if(l >= ql) return (y->tot - x->tot) - ql * (qr - ql + 1) - getsum(ql, qr);
int num = y->ch[0]->num - x->ch[0]->num;
int mid = (l + r) >> 1;
return getans(x->ch[0], y->ch[0], l, mid, ql, ql + num - 1) + getans(x->ch[1], y->ch[1], mid + 1, r, ql + num, qr);
}
public:
void init(int n, LL *a) {
len = 1e6 + 10;
root[0] = new node();
root[0]->ch[0] = root[0]->ch[1] = root[0];
for(int i = 1; i <= n; i++) add(root[i], root[i - 1], 1, len, a[i]);
}
LL getans(int l, int r, int k) { return getans(root[l - 1], root[r], 1, len, k, k + r - l); }
}s;
LL a[maxn], n, m;
int main() {
n = in(), m = in();
for(int i = 1; i <= n; i++) a[i] = in();
s.init(n, a);
LL l, r, k;
while(m --> 0) {
l = in(), r = in(), k = in();
printf("%lld
", s.getans(l, r, k));
}
return 0;
}